1625915935-444d4d00a6eb1c3ee1ea13a98aecaac3 (844030), страница 39
Текст из файла (страница 39)
Ненулевые собственные значения интегрального оператора (9) и характеристические числа1соответст-вующего интегрального уравнения (11) взаимно обратны. Поэтомуиз свойств уравнения (11), полученных с использованием теорииФредгольма, следует, что для интегрального уравнения (1) справедливы следующие утверждения:3121) если не характеристическое число уравнения (1), то длялюбой правой части f уравнение (1) имеет единственное решение x . При этом имеется непрерывная зависимость x от f ;2) если характеристическое число уравнения (1), то дляданной правой части f уравнение (1) имеет решение тогда и только тогда, когда выполнено условие разрешимостиb f (t ) (t ) dt 0 ,(14)aгде – любое решение однородного уравненияb ( s) K (t , s) (t ) dt 0 .aВ этом случае существует бесконечно много решений x уравнения (1);3) если характеристическое число уравнения (1) и для данной правой части f не выполнено условие разрешимости (14), тоуравнение (1) не имеет решений;4) если характеристическое число уравнения (1), то однородные уравненияbbaax( s ) K ( s, t ) x(t ) dt 0 и ( s ) K (t , s ) (t ) dt 0имеют одинаковое конечное число линейно независимых решений.Задачи2.10.1.
Найти все решения интегрального уравненияx( s ) sin( s t ) x(t ) dt cos s , .02.10.2. При каких значениях параметра однородное уравнениеx( s ) sin( s t ) x(t ) dt 00имеет ненулевые решения? Найти эти решения.3132.10.3. Пусть характеристическое число уравненияx( s ) sin( s t ) x(t ) dt f ( s ) .0При каких условиях на функцию f это уравнение имеет решения?Найти эти решения.2.10.4. Решить интегральные уравнения и ответить на следующие вопросы: для каких значений параметра решение существует и единственно; для каких значений решения не существует; для каких значений существует бесконечно много решений; для каких значений соответствующее однородное уравнениеимеет ненулевые решения?11) x( s ) sin s x(t ) dt 2 s ;012) x( s ) (3s 2) t x(t ) dt 1 ;03) x( s ) t sin s x(t ) dt 013s 2;4) x( s ) ( s t 2 st ) x(t ) dt s s 2 ;015) x( s ) ( s 2 2 st ) x (t ) dt s 3 s ;126) x( s ) sin 2 s x(t ) dt 2 s ;07) x( s ) 4 tg t x(t ) dt ctg s ;43148) x( s ) cos( s t ) x(t ) dt cos 3s ;029) x( s ) sin s cos t x(t ) dt sin s ;0110) x( s ) ( s ln t t ln s ) x(t ) dt 06(1 4s ) ;511) x( s ) cos 2 s x(t ) dt 1 ;0112) x( s ) s et x(t ) dt s ;1113) x( s ) (2 st 4 s 2 ) x(t ) dt s 2 ;0114) x( s ) (5s 2 3) t 2 x(t ) dt e s ;0115) x( s ) ei ( s t ) x(t ) dt e 2 s ;0116) x( s ) (3s 2i ) t x(t ) dt 2 ;0117) x( s ) ( s it ) x(t ) dt 2i ;1118) x( s ) (t 2is ) x(t ) dt s .02.10.5.
Найти спектр и резольвенту оператора A L X , еслиа) X C[0,1] , б) X L2 [0,1] и11) Ax( s ) s t x(t ) dt ;031512) Ax( s ) s t x(t ) dt ;013) Ax( s ) s 2t x(t ) dt ;014) Ax( s ) (3s 2) t x(t ) dt ;015) Ax( s ) (2 st 4 s 2 ) x(t ) dt ;016) Ax( s ) e s 2t x(t ) dt ;017) Ax( s ) (2 s st ) x(t ) dt ;018) Ax( s ) ( s t st ) x(t ) dt ;019) Ax( s ) (3s 2i ) t x(t ) dt ;0110) Ax( s ) e 2 i ( s t ) x(t ) dt ;0111) Ax( s ) (2sin s i cos t ) x(t ) dt ;0112) Ax( s ) (st is 2 ) x(t ) dt ;0113) Ax( s ) (is it ) x(t ) dt ;0114) Ax( s ) (ist it 2 ) x(t ) dt .03162.10.6. Найти спектр и резольвенту оператора A L X , если:11) X C[0,1] , Ax( s ) 3 ( s 2 st ) x(t ) dt ;02) X L2 [0, ) , Ax( s ) e s tx(t ) dt .02.10.7.
Для каких непрерывных функций f уравнение1x( s ) e s t x(t ) dt f ( s )0имеет решения, если характеристическое число этого уравнения? Найти эти решения.2.10.8. Для каких непрерывных функций f следующие уравнения имеют решения:11) x( s ) x(t ) dt f ( s ) ;02) x( s ) 12sin s x(t ) dt f ( s ) ;2 03) x( s ) 1| s | x(t ) dt f ( s ) ;4 2214) x( s ) 5 s 3t x(t ) dt f ( s ) ;05) x( s ) 122ei ( s t )x(t ) dt f ( s ) ;016) x( s ) 2 se 2 i ( s t ) x(t ) dt f ( s ) ?0Найти эти решения.3172.10.9. Для каких значений параметра и при каких условиях на непрерывную функцию f следующие уравнения а) неимеют решений; б) имеют бесконечно много решений:11) x( s ) (3s t 5s 2t 2 ) x(t ) dt f ( s ) ;12) x( s ) cos( s t ) x(t ) dt f ( s ) ;013) x( s ) (3s 2) t x(t ) dt f ( s ) ;014) x( s ) ( s t 2 st ) x(t ) dt f ( s ) ;015) x( s ) (2 st 4 s 2 ) x(t ) dt f ( s ) ;016) x( s ) 2 s ln t x(t ) dt f ( s ) ?02.10.10.
Для каких значений параметра уравнение1x( s ) ( s 2 t ) x(t ) dt f ( s )0имеет единственное решение для любой непрерывной функции f ?Найти это решение.318Глава 3. Интеграл Римана Стилтьеса§ 3.1. Функции ограниченной вариации *Функции ограниченной вариации и их свойства.В этой главе рассматриваются вещественные функции.Определение 3.1.1. Функция f , заданная на отрезке [ a , b] , называется функцией с ограниченным изменением или функцией ограниченной вариации, если существует такая константа C 0 , что длялюбого разбиения отрезка [ a , b] точкамиa x0 x1 xn bвыполнено неравенствоn| f (x ) f (xk 1k 1k)| C .Определение 3.1.2.
Пусть f функция с ограниченным изменением на отрезке [ a , b] . Полным изменением или полной вариациейфункции f на отрезке [ a , b] называется величинаnVab [ f ] sup | f ( xk ) f ( xk 1 ) | ,k 1где супремум берется по всевозможным разбиениям отрезка [ a , b] .Утверждение 3.1.1. Функция f ограниченной вариации на отрезке [ a , b] ограничена.*Доказательства всех утверждений этого параграфа можно найти в [2; 8;10].319► Справедливость утверждения следует из неравенства| f ( x) | | f ( x) f (a ) | | f ( a) | Vab [ f ] | f (a) | K , x [ a, b] .
◄Пример 3.1.1. Монотонная на отрезке [ a , b] функция f естьфункция ограниченной вариации и Vab [ f ] f (b) f ( a ) .Не ограничивая общности, можно считать, что f является неубывающей функцией, т. е. f ( x ) f ( y ) при x y . Тогда длялюбого разбиения отрезка [ a , b] имеемn | f ( xk ) f ( xk 1 ) | k 1n ( f (x ) f (xkk 1k 1)) f (b) f ( a ) . ■Пример 3.1.2.
Функция f , удовлетворяющая на отрезке [ a , b]условию Липшица с константой K 0 , т. е.| f ( x) f ( y) | K | x y | , x, y [ a, b],есть функция ограниченной вариации.Действительно, Vab [ f ] K (b a ) , так как для любого разбиенияотрезка [ a , b] справедливо неравенствоnnk 1k 1 | f ( xk ) f ( xk 1 ) | K | xk xk 1 | K (b a) . ■Пример 3.1.3. Неограниченная функция 0, x 0,f ( x) 1 x , 0 x 1,не является функцией с ограниченным изменением на отрезке [0,1](см. утверждение 3.1.1). ■Пример 3.1.4. У постоянных на отрезке [ a , b] функций, и толькоу них, полная вариация Vab [ f ] равна нулю. ■Утверждение 3.1.2.
Функции f с ограниченным изменением наотрезке [ a , b] обладают следующими свойствами:1) Vab [ f ] | | Vab [ f ] для любого числа ;3202) если f и g – функции с ограниченным изменением, тофункция f g также имеет ограниченное изменение иVab [ f g ] Vab [ f ] Vab [ g ];3) если a c b , то Vab [ f ] Vac [ f ] Vcb [ f ] ;4) функцияv( x) Vax [ f ] , x [ a, b] ,является неубывающей на отрезке [ a , b] .Из утверждения 3.1.2 следует, что функции с ограниченным изменением на отрезке [ a , b] образуют линейное пространство (в отличие от множества монотонных функций, которые линейного пространства не образуют).Пример 3.1.5.
Найдем полную вариацию функции x 3 , x [0,1) ,f ( x) 3, x 1,3 x, x (1,3],на отрезке [0, 3] . В силу утверждения 3.1.2V03[ f ] V01[ f ] V13 [ f ] .На отрезке [0,1] функция f возрастает, поэтомуV01[ f ] f (1) f (0) 3(см. пример 3.1.1). На отрезке [1, 3] функция f убывает, поэтомуV13 [ f ] f (1) f (3) 3 .Окончательно получаем, что V03 [ f ] 6 . ■Теорема 3.1.1. Для того чтобы функция f была функцией с ограниченным изменением на отрезке [ a , b] , необходимо и достаточно, чтобы f была представима в виде разности двух неубывающих функций.► Функцияv( x) Vax [ f ], x [a, b] ,не убывает на отрезке [ a , b] (утверждение 3.1.2, п.
4). Покажем, чтофункция321g ( x) v ( x ) f ( x ), x [a, b] ,также является неубывающей.Действительно, пусть x y , тогдаg ( y ) g ( x ) v ( y ) v ( x ) ( f ( y ) f ( x )) .(1)Из неравенства | f ( y ) f ( x) | v( y ) v( x) V [ f ] следует, чтоправая, а значит, и левая части равенства (1) неотрицательны. Итак,f v g , где v и g неубывающие функции. справедливость этого утверждения следует из утверждения3.1.2, п. 2 и примера 3.1.1. ◄Пример 3.1.6.