Курс лекций по математическому анализу, страница 4
Описание файла
PDF-файл из архива "Курс лекций по математическому анализу", который расположен в категории "". Всё это находится в предмете "математический анализ" из 2 семестр, которые можно найти в файловом архиве МАИ. Не смотря на прямую связь этого архива с МАИ, его также можно найти и в других разделах. Архив можно найти в разделе "лекции и семинары", в предмете "математический анализ" в общих файлах.
Просмотр PDF-файла онлайн
Текст 4 страницы из PDF
Область Dограничена снизу одной линией y 1 ( x) , сверху одной линией y 2 ( x) ,причем обе эти функции непрерывны на отрезке a, b и их значенияудовлетворяют неравенству 1 ( x) 2 ( x) при x a, b ; 3). Слева поотношению к прямой N1N2 она ограничена отрезком АВ прямой x a ,справа отрезком СЕ прямой x b .Возможны предельные случаи, когда один из отрезков АВ или СЕ или обасразу вырождаются в одну точку.Область, правильная в направлении оси ОХ.26Замкнутую область D будем называть правильной в направлении осиОХ, если: 1). Всякая прямая М1М2 , параллельная оси ОХ и проходящая черезвнутреннюю точку области D, пересекает границы области не более чем вдвух точках; 2).
Область D ограниченаслева одной линией x 1 ( y) , справа одной линией x 2 ( y) , причем обеэти функции непрерывны на отрезкес, d и их значения удовлетворяютнеравенству 1 ( y) 2 ( y) при y c, d ;3). Снизу по отношению к прямой М1М2она ограничена отрезком АВ прямой y c, справа отрезком СЕ прямой y d .Возможны предельные случаи, когдаодин из отрезков АВ или СЕ или оба сразувырождаются в одну точку.Область, правильная как в направлении оси ОХ, так и в направлении осиОУ, называется просто правильной областью.50. Двукратные (повторные) интегралы и их связь с двойными.Вычисление двойных интегралов.Предположим, что функция f ( x, y) непрерывна в области D,правильной в направлении оси ОУ. Рассмотрим выражение2 ( x )b 2 ( x )a ( x) f ( x, y)dy dx a dx ( x) f ( x, y)dy , которое будем называть двукратным 11b27(повторным) интегралом от непрерывной функции f ( x, y) по правильной внаправлении оси ОУ области D.
Интеграл в круглых скобках будем называтьвнутренним интегралом, а определенный интеграл с постояннымипределами интегрирования будем называть внешним интегралом.Сначала вычисляется внутренний интеграл при постоянном значении х.Получается функция, зависящая от х. Потом от нее берется внешнийинтеграл. В результате получается число.
Аналогично определяетсядвукратный (повторный) интеграл от непрерывной функции f ( x, y) поправильной в направлении оси ОХ области D: 2 ( y)d 2 ( y)c ( y ) f ( x, y)dx dy c dy ( y ) f ( x, y)dx 11dТеорема . Двойной интеграл от непрерывной функции f ( x, y) поправильной области D равен двукратному интегралу от этой функции пообласти D. То есть f ( x, y)dxdy Db2 ( x ) dx af ( x, y )dy1 ( x)Эта теорема позволяет вычисление двойного интеграла свести квычислению двукратного интеграла.Лекция 8.
Двойной интеграл в полярных координатах. Тройнойинтеграл и его вычисление. Механические приложения кратныхинтегралов.2860. Двойной интеграл в полярных координатах.Правильной областью вполярной системе координатназывается область,ограниченная линиями1 = Φ1 () 2 = Φ2 (), лучами = и = < , гдеΦ1 () ≤ Φ2 ()Любой луч, проходящий черезвнутренние точки области,пересекает ее границы не более,и в двух точках.Пусть в области D задана функция = ( , ). Разобьем область Dлюбым образом наn частей с площадями ∆1 , ∆2 , … , ∆nСоставим интегральную сумму Vn F ( Pi )Si , где Pi – точка площади.i 1Перейдя к пределу, получим V F ( , )dS . Так как предел не долженDзависеть от способа разбиения области на части, то разобьем ее лучами = 0 < 1 < 2 < ⋯ < = и концентрическими окружностями = 1 , 2 , … , Составим интегральную сумму = ∑[∑ (Р )]∆ 1∆ = разностиплощадейдвухсекторов = ( + ∆ )2 ∆ −1212∆22( )2 ∆ = (2 ∆ + (∆ )2 )∆ = ( +Или ∆ = i ∆ i ∆ k ,где) ∆ ∆ . i < i < i + ∆ i29Следовательно = ∑ [∑ ( k , i ) i ∆ i ] ∆ k Пусть ∆ стремиться к нулю, ∆ = .
Тогда ∑ ( ∗ , ∗ ) ∗ ∆ =Φ2 ( ∗ )∗∫Φ ( ∗) ( , )1 Φ ()Пусть ∆ стремиться к нулю, тогда = ∫ ∫Φ 2() (Φ, )1.Если ∬() (х, ),то = , = , = , (, ) =Φ ()(, ) = (, ), то = ∫ ∫Φ 2() (, )170. Тройной интеграл и его вычисление.Пусть в пространстве задана некоторая область V, ограниченная замкнутойповерхностью S. Пусть в области V и на ее границе определена некотораянепрерывная функция f(x,y,z) где x,y,z – прямоугольные координаты точкиобласти. Например, мы можем считать f(x,y,z) объемной плотностьювещества в области V.
Посчитаем массу вещества, заключенного в объеме V.Разобьем область V произвольным образом на n областей с объемами∆ . В каждой из полученных областей произвольным образом выберемточку и посчитаем значение функции в этой точке f ( ). Составиминтегральную сумму вида ∑=1 f( ) ∆Теперь перейдем к пределу при → ∞ так, чтобы наибольший издиаметров областей стремился к нулю. Если этот предел не будет зависетьот способа разбиения области на части и от выбора точек , то мы егоназовем тройным интегралом и обозначим f ( P)dV .Таким образом, поVnопределениюlimdiamVi 0 f ( P )V f ( P)dV . Илиi 1iiV f ( P)dV f ( x, y, z)dxdydzVVТаким образом мы посчитали массу вещества и ввели понятие тройногоинтеграла.Для его вычисления дадим определение правильной трехмерной области.30Правильная трехмерная область обладает следующими свойствами:1) Любая прямая, параллельная оси Оz и проходящая через внутренниеточки области, пересекает границу Sне более чем в двух точках.2) Вся область V проецируется наплоскость Оxy в правильнуюдвумерную область D.3) Любая часть области V ,отсеченная плоскостью,параллельной любой изкоординатных плоскостей, обладаетпервыми двумя свойствами.В такой области вводится понятиетрехкратного интегралаψ2 ()∫ ∫ ψ1 ()φ2 (,)∫(, , )φ1 (,)bМожно показать, что 2 ( x) f ( x, y, z)dxdydz dx Va1 ( x)2 ( x , y )dydz1 ( x, y )80.
Момент инерции площади плоской фигуры и тела.а). Момент инерции площади плоской фигуры.Определение 1. Моментом инерции I материальной точки М c массой mотносительно некоторой точки Оназывается = ∗ 2 , где расстояние OM.Определение 2. Моментом инерциисистемы материальных точек с31массами 1 , 2 … относительно точки О называется = ∑=1 2Определим момент инерции плоской фигуры D, расположенной в плоскостиXOY с поверхностной плоскостью = (, )∆ = (2 + 2 )( ; )∆.∆ = lim ∑(2 + 2 )( ; )∆ = ∬( 2 + 2 ) (; )∆ →0=1().Притом = ∬()( 2 ) –моемнт инерции относительно оси х,. = ∬()( 2 ) –момент инерции относительно оси у.б).
Момент инерции телаОпределение. Моменты инерции точки М(x,y,z) массы m относительнокоординатных осей Ох, Оу, Оz есть соотношения: = ( 2 + 2 )m , = ( 2 + 2 )m , = ( 2 + 2 )m. Рассуждаяаналогично, получим моменты инерции тела относительно осей..Например : = ∭()( 2 + 2 ) (, , ) , где −плотностьвещества.Пример: Вычислить момент инерции плотнойматериальной фигуры D, ограниченной линиями 2 = 1 − , = 0, = 0, относительно оси Оу,если поверхностная плотность в каждой точкеравна у.1√1− = ∫ ∫ 2 =0012490. Координаты центра тяжести плоской фигуры и тела.а). Координаты центра тяжести плоской фигуры.32Определение. Координаты центра тяжести систем материальных точек1 , 2 , … , с массами 1 , 2 , … , =∑ ∑ ; =∑ ∑ Определим координаты центра тяжести плоской фигуры D с переменнойповерхностной плотностью = (, ).Разобьем область D произвольным образом на n частей с площадями∆ и, далее рассуждая по стандартной схеме, получим∑=1 ( , )∆ ≈∑=1 (, )∆∑=1 ( , )∆ ≈∑=1 (, )∆Перейдя к пределам, получим.
=∬() (, )∆.∬() (, ). =∬() (, )∆.∬() (, ).Здесь = ∬() (, ) − статический момент плоской фигуройотносительно Оу.. = ∬() (, ) − статический момент плоской фигуройотносительно Ох..∬() (, ) -масса фигуры.б). Координаты центра тяжести тела.Проведя аналогичные рассуждения в трехмерном пространстве, получим. =∭() (, , ).∭() (, , )33. =∭() (, , ).∭() (, , ).
=∭() (, , ).∭() (, , )Лекция 9. Криволинейный интеграл по координатам и его вычисление.Формула Грина. Условия независимости криволинейного интеграла от путиинтегрирования.100. Криволинейный интеграл по координатам и его механическийсмысл.Пусть точка Р(х, у) движется вдоль некоторой плоской линии L от точки М кточке N. К точке Р приложена сила F , которая меняется по величине инаправлению, то есть F = F(P).Вычислим работу при перемещении точки Р изположения М в положение N.
Для этого разобьёмкривую MN на n произвольных частей точками М= М0, М1, М2,…, Мn = N в направлении от М к N иобозначим через ∆ i вектор ⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗ +1 . Величинусилы F в точке Мi обозначим через Fi .Тогда скалярное произведение векторовFi∆ i можно рассматривать как приближенноезначение работы силы F вдоль дуги ̆ +1 . Ai≈ Fi∆ i . Пусть = ( ; ) + ( ; ), где ( ; )и ( ; ) – проекции вектора F наоси Ох и Оу.
Обозначив через ∆ и ∆ приращения координат и приперемещении от точки Мi к точке Мi+1, получимМестодляформулы.∆ = ∆ + ∆ ∆ = ∆ + ∆34 ≈ ∑ ∆ = ∑[ ∆ + ∆ ]=1 = lim ∑[ ∆ + ∆ ].=1. = ∫ (, ) + (, )Или() = ∫ (, ) + (, )(М)В пространстве :.∫ (, , ) + (, , ) + (, , ) =lim∆→0 ∑=1 ( , , )∆ + ( , , )∆ + ( , , )∆∆ →0∆ →0Свойства:1) При изменения направления интегрирования криволинейногоинтеграла, интеграл меняет знак.2)∫ = ∫ + ∫.Если начало и конец пути интеграла совпадает, то это интеграл позамкнутому контуру (нужно указывать направление обхода контура)..∮ + 110.
Вычисление криволинейного интеграла.35Пусть кривая L задана уравнением впараметрической форме = ()При = → точка.{ = ()При = → точкаРазобьем MN на части точками = ( )1 (1 , 1 ), 2 (2 , 2 ) … ( , ). Причем { = ( ).Рассмотрим криволинейный интеграл: ∫ (, ) + (, ) (1)Сформируем без доказательства теорему существования: Если функция()и() непрерывны и имеет непрерывные производные ′ ()и ′ (),атак же непрерывные функции ((), ())и((), ()) как функции[; ], то существуют пределы:lim ∑ (̅ , ̅)∆ =∆ →0=1lim ∑ (̅ , ̅)∆ =∆ →0=1где ̅ и̅ – координаты некоторой точки, лежащей на дуге ∆ . Этипределы не зависят от способа деления L на части и от выбора точек̅̅̅ , (̅ , ̅) на дуге ∆ . Они называют криволинейными интегралами и..обозначаются : = ∫ (, ) и = ∫ (, )А теперь получим способ вычисления криволинейного интеграла:∫ (, ) = lim∆ →0 ∑=1 (̅ , ̅)∆ (3), где ∆ = − −1 = ( ) −(−1 )По формуле Лагранжа: ∆ = ( ) − (−1 ) = ′( )∆ , где −1 < < ̅̅̅̅ (̅ , ̅)Так как точку М можно выбрать произвольно, то выберем ее так,чтобы ̅ = ( ),̅ = ( ).
Подставим ̅ , ̅∆ в (3):36∫ (, ) = lim ∑ [( ), ( )] ′( )∆∆ →0=1В этой формуле справа стоит предел интегральной суммы для функцииодной переменной [(), ()]′() на отрезке [; ]. Следовательно, онравен определенному интегралу:()∫ (, ) = ∫ [(), ()]′()()Аналогично:()∫ (, ) = ∫ [(), ()]′()()Сложив полученные равенства, имеем:()∫ (, ) + (, ) = ∫{[(), ()]′() + [(), ()]′()}()Это и есть искомая формула. Если кривая задана явно = () то это = ()частный случай параметрического задания функции:{=.∫ (, ) + (, ) = ∫ {(, ()) + (, ())′()}120. Формула ГринаУстановим связь между двойным интегралом по некоторой области D икриволинейным интегралом по границе L этой области. D – правильнаяобласть, ограниченная линиями = 1 (), = 2 (), ≤ ≤ , всовокупности составляющими замкнутый контур L.37Пусть в D заданы две непрерывныефункции (, )и(, ) , имеющиенепрерывные частные производные.Рассмотрим.∬(, )Представим его в виде двукратного:.