гыг (Краткий курс математического анализа в лекционном изложении для студентов МГТУ им. Н. Э. Баумана), страница 4
Описание файла
PDF-файл из архива "Краткий курс математического анализа в лекционном изложении для студентов МГТУ им. Н. Э. Баумана", который расположен в категории "". Всё это находится в предмете "кратные интегралы и ряды" из 3 семестр, которые можно найти в файловом архиве МГТУ им. Н.Э.Баумана. Не смотря на прямую связь этого архива с МГТУ им. Н.Э.Баумана, его также можно найти и в других разделах. .
Просмотр PDF-файла онлайн
Текст 4 страницы из PDF
Используя свойство 3, получим искомый результат.6. Теорема о среднем (значении интеграла).1f ( x, y, z )dlL LДоказательство. Так как функция f ( x,y, z ) непрерывна на замкнутом ограниченноммножестве L , то существует ее нижняя грань inf L f ( x,y, z) и верхняя граньСуществует точка с( xc ,yc , z c ) L , что f (c) sup L f ( x,y, z) . Выполнено неравенство x,y, z L L f ( x, y, z )dl ML . Деля обеL11f ( x, y, z )dl M . Но числоf ( x, y, z )dl заключено междуLLL Lнижней и верхней гранью функции.
Так как функция f ( x,y, z ) непрерывна на замкнутомограниченном множестве L, то в некоторой точке с L функция должна принимать это1значение. Следовательно, f (c) f ( x, y, z )dl .LLВычисление криволинейного интеграла первого рода.части на L, получимПараметризуем дугу L: AB x = x(t), y = y(t), z =z (t). Пусть t0 соответствует точке A, а t1соответствует точке B. Тогда криволинейный интеграл первого рода сводится копределенному интегралу ( dl xt yt zt dt - известная из 1 семестра формула длявычисления дифференциала длины дуги):22t1 f ( x, y, z)dl f xt , yt , zt xt 2L2 yt zt dt22t0Пример. Вычислить массу одного витка однородной (плотность равна k) винтовойлинии: x a cos , y a sin , z .2M k a 2 sin 2 a 2 cos 2 1 d 2k a 2 1 .018Криволинейный интеграл 2 рода.Задача о работе силы.zКакую работу производит сила F(M) приперемещении точки M по дуге AB?Если бы дуга AB была отрезком прямой, а силабыла бы постоянной по величине и направлениюпри перемещении точки M по дуге AB, то работуможно было бы вычислить по формулеA ( F , AB) | F || AB | cos , где - угол междувекторами.
В общем случае эту формулу можноиспользовать для построения интегральной суммы,предполагая силу постоянной на элементе дугиli достаточно малой длины. Вместо длины малогоэлемента дуги можно взять длину стягивающей ееF(Mi)MiliByriAхорды ri , так как эти величины – эквивалентныебесконечно малые величиныdiamli 0 (первый семестр).приусловииx1. Организуем разбиение области- дуги AB на элементы – элементарные дуги li так, чтобыnэти элементы не имели общих внутренних точек и L li (условие А)i 12. Отметим на элементах разбиения «отмеченные точки» Mi и вычислим в них значенияфункции F M i n3. Построим интегральную сумму F M i , ri , где r i вектор, направленный по хорде,i 1стягивающей -дугу li .4.
Переходя к пределу при условии max i diam(li ) 0 (условие В), получимкриволинейный интеграл второго рода как предел интегральных сумм (и работу силы): F, dr limAB F M , r . Часто обозначают F M aM nmax i diamli 0ii 1iТеорема существования.Пусть вектор - функция a M P( x, y, z )i Q( x, y, z) j R( x, y, z)k непрерывна накусочно-гладкой дуге L12. Тогда криволинейный интеграл второго рода существует какпредел интегральных сумм.na,drlimmax i diamli 0 a M i , ri . AB12i 1Это требование может быть ослаблено, более общий вариант см.
в седьмом томе учебника19Замечание. Предел этот не зависит от- способа выбора разбиения, лишь бы выполнялось условие А- выбора «отмеченных точек» на элементах разбиения,- способа измельчения разбиения, лишь бы выполнялось условие ВСвойства криволинейного интеграла 2 рода.1. Линейность а) свойство суперпозиции ((a1 a 2 ), dr ) (a1 , dr ) (a2 , dr )L Lб) свойство однородности a , dr a, dr .LLLДоказательство.
Запишем интегральные суммы для интегралов в левых частяхравенств. Так как в интегральной сумме число слагаемых конечно, используя свойствоскалярного произведения, перейдем к интегральным суммам для правых частей равенств.Затем перейдем к пределу, по теореме о предельном переходе в равенстве получимжелаемый результат.2. Аддитивность.Если L L1 L2 , то a, dr = a , dr + a , dr .LL1L2Доказательство. Выберем разбиение области L так, чтобы ни один из элементовразбиения ( первоначально и при измельчении разбиения) не содержал одновременнокак элементы L1, так и элементы L2.
Это можно сделать по теореме существования(замечание к теореме). Далее проводится доказательство через интегральные суммы,как в п.1.3. Ориентируемость. a, dr = - a, dr LLДоказательство. Интеграл по дуге –L, т..е. в отрицательном направлении обхода дугиесть предел интегральных сумм, в слагаемых которых вместо ri стоит ( ri ). Вынося«минус» из скалярного произведения и из суммы конечного числа слагаемых, переходя кпределу, получим требуемый результат.Заметим, что свойство ориентируемости в криволинейном интеграле первого родаотсутствует.
Зато в криволинейном интеграле второго рода отсутствуют свойстваинтегрирования неравенств, теорема об оценке и теорема о среднем, которые есть вкриволинейном интеграле первого рода.Вычисление криволинейного интеграла второго рода..Пусть a M P( x, y, z )i Q( x, y, z) j R( x, y, z)k . Запишем dr dxi dyj dzk .Тогда криволинейный интеграл второго рода можно записать в виде (a, dr ) P( x, y, z)dx Q( x, y, z)dy R( x, y, z)dz .LL20 x(t )A x(t 0 ), y (t 0 ), z (t 0 ) Параметризуем дугу L = AB: L y (t ), z (t ) B x(t1 ), y (t1 ), z (t1 ) x(t ), y(t ), z(t ) непрерывны, так как дуга гладкая.
Подставим эти выражения вкриволинейный интеграл, он превратится в определенный интеграл по параметру. (a, dr ) P( x, y, z)dx Q( x, y, z)dy R( x, y, z)dz = .LLt1 P( x(t ), y(t ), z(t )) x(t ) Q( x(t ), y(t ), z(t )) y(t ) R( x(t ), y(t ), z(t )) z(t )dtt0 x cos t Пример. Вычислить (a , dr ) , где a ( x, y,1), L y sin t - один виток винтовойL z ltлинии, 0 е 2 .2 (a, dr ) = cos t ( sin t ) sin t cos t l dt 2l .0LПример. Вычислить интегралx2dx yxdy по трем различным дугам, соединяющимABточки A(0,0,), B(1,1,) L1 : y x, L2 - ломаная, соединяющая точки A, C(1,0), B, L3 : y x 2 .1) L1 : y x, dy dxx12dx yxdy 2 x 2 dx L102,32) L2 AC CB, AC : y 0, dy 0,0 x 1, CB : x 1, dx 0, 0 y 1x2L23)xL3dx yxdy AC1 x dx ydy 2CB1210dx yxdy ( x 2 x 3 (2 x))dx 0Пример.
Показать, чтоL01 1 5 .3 2 61 2 11 .3 5 15y21dx yxdy по всем указанным выше дугам.22Лекция 6. Формула Грина.Теорема (формула) Грина. Пусть G – плоская односвязная область с кусочно-гладкойграницей L. Пусть функции P(x, y), Q(x, y) непрерывны и имеют непрерывные частныепроизводные по своим переменным в области G и на L.Тогда справедлива формула Грина Q P L P( x, y)dx Q( x, y)dy G x y dxdy .Доказательство. 1) Назовем плоскую область D (в плоскости OXY) правильной, еслилюбая прямая, параллельная координатной оси (OX или OY) пересекает область не более,21чем в двух точках. Можно показать, что область G можно представить как объединениеnконечного числа правильных областей G Dk .k 1Тогда по свойству аддитивности двойной интеграл в правой части формулы Гринаравен сумме двойных интегралов по правильным областям.
Криволинейный интеграл влевой части равен сумме криволинейных интегралов по границам правильных областей, таккак криволинейные интегралы по общим границам любых правильных областей различны познаку из-за различных направлений обхода границы и взаимно уничтожаются присуммировании.Поэтому доказательство может быть проведено для правильной области G.2) Пусть G – правильная область. Так как P, Q могут быть произвольными функциями, P то формулаГрина сводится двумформуламL P( x, y)dx G y dxdy и Q Q( x, y)dy x dxdy ,Lкаждую из которых надо доказать.
Докажем первую формулу,Gвторая доказывается аналогично.Yy=(x)b ( x)b P Pdy dx P( x, y ) | ((xx)) dxdxdy yy a ( x) a L2Dbbaa= P( x, ( x))dx P( x, ( x))dx LD= P( x, y)dx P( x, y)dx = L2L1 P( x, y)dx P( x, y)dx P( x, y)dx = P( x, y)dxL1L2L1L1 L2Ly=(x)XabВычисление площади области по формуле Грина.По свойству 3 двойного интеграла площадь области D можно вычислить по формулеQ PS D dxdy . Поэтому достаточно выбрать P, Q так, чтобы 1 , чтобы сxyDпомощью криволинейного интеграла по формуле Грина можно было бы вычислять площадьобласти.Например, можно выбрать Q=x, P=0. Тогда S xdy . Можно выбрать Q=0, P=y, тогдаLS ydx .ОченьполезнабываетсимметричнаяформулаLQxy1, P , S xdy ydx .222LПример.
Вычислить площадь эллипса с полуосями a, b x a cos t , y b sin t при2211S xdy ydx 2L22210 a cos tb cos t b sin ta ( sin t )dt 2 0 abdt ab .Полный дифференциал и его вычисление.Теорема(ополномдифференциале).ДлятогочтобывыражениеP( x, y)dx Q( x, y)dy dV ( x, y) - было полным дифференциалом некоторой функцииV ( x, y) - потенциала, необходимо и достаточно, чтобы в условиях формулы Грина быловыполнено одно из следующих четырех условий (эквивалентных условий полногодифференциала)1) P( x, y)dx Q( x, y)dy зависит только от начальной A и конечной B точек дугиAB2)AB G и не зависит от формы дуги (не зависит от пути интегрирования), P( x, y)dx Q( x, y)dy 0 для любого кусочно-гладкого контура G,3)Q P, x, y G ,x yVVdx dy .xyДоказательство.
Схема доказательства теоремы 4) 3) 2) 1) 4) . По этойцепочке можно последовательно добраться от любого пункта к любому другому.4) 3) Дополнительно предположим, что существуют и непрерывны вторыесмешанные производные функции V. Тогда они равны.Q V 2V 2V V P .x x y xy yx y x y3) 2) . Это следует из формулы Грина.2) 1) .