В.Г. Чирский - Пособие для подготовки к экзамену по математическому анализу для студентов общего потока (1109741), страница 16
Текст из файла (страница 16)
Из условияx 2 y 2 1 следует2 xdx 2 ydy 0 ,22xxyy 2 22xdx ydy 0 и в точке ,: dx dy 0 , т.е. dy dx . В точке 2 2 222 2 2 , 2 : 2 dx dy 0 , т.е. снова dy dx . 2 2 получается: 2 2dx2 0 ,Поэтому d 2 2dx 2 2 dx 2 4dx 2 , и в точке , 2 2 22 – получается 2 2dx2 0 , т.е. минимум.т.е. максимум, а в точке ,2 2Вопрос о том, нет ли среди уравнений связи лишних, решается с помощью приема,описанного в конце билета (независимость функций)31.2.
Достаточные условия существования экстремума (условного).Для простоты изложения ограничимся функцией f f x1 , x2 от двух переменных,подчиненных условию g x , x . Предполагаем, что функции f , g обладают12непрерывными производными до второго порядка включительно и обозначаем, например,gf2 fи т.п. Для нахождения точки, в которой возможенgi ; fi , i 1, 2; f ij xixixi x jусловный экстремум, используем метод множителей Лагранжа, описанный ниже.Математический анализI курс II семестрБилет 31. Условный экстремум (стр.
4 из 7)Строим функцию ЛагранжаL x1, x2 f x1, x2 g x1, x2 .(отметим, что иногда пишут f x1, x2 g x1, x2 . Никакой разницы это не даст, т.к.уравнение g x1, x2 0 равносильно уравнению g x1 , x2 0 ).Точки, в которых может быть условный экстремум, удовлетворяют системе L x f 1 g1 0, 1 L f 2 g 2 0, x 2 L g 0. oДля того, чтобы выяснить, есть ли экстремум в найденной точке x (или одной изнайденных точек, если система имеет не одно решение), следует использовать второйдифференциал, как и в случае обычного экстремума.
Однако в рассматриваемом случаеg x1, x2 0 , откуда дифференцируя, находим g1dx1 g 2dx2 0 , или, например,gdx2 1 dx1 .g2Кроме того, при условии g x1 , x 2 0 рассматриваемая функция L x1 , x2 простосовпадает с f x1, x2 и поэтому Li fi , Lij fij , где производные вычислены вoисследуемой точке x .2 g1 g1 2Итак, d f d L f11dx 2 f12 dx1dx2 f 22 dx f11 2 f12 f 22 dx1 g2 g 2 dx 2 f11 g 22 2 f12 g1 g 2 f 22 g12 21g2222122Знак d 2 f (при условии что переменные x1, x2 связаны уравнением g x1, x2 0 , откудаg dx2 1 dx1 ) совпадает со знаком величины g2 f11 g 22 2 f12 g1g 2 f 22 g12Для удобства запоминанияокаймленный гессиан):0g1g20g1g2g1g2L11L12L12 g1L22 g 2f11f12f12 f 22рассмотрим(8)определитель,(иногда(напомним, что в исследуемой точке d 2 f d 2 L , поэтому Lij f ij )называемыйМатематический анализI курс II семестрБилет 31.
Условный экстремум (стр. 5 из 7)(разложение по первой строке) g1g1g2f12g g2 1f 22g2f11 g12 f 22 f12 g1g 2 g1g 2 f12 g 22 f11 f12 g12 f 22 2 f12 g1g 2 g 22 f11(9)Сравнивая (8) и (9) видим, что в рассматриваемой задаче знак второго дифференциалапротивоположен знаку окаймленного гессиана.0g1g2Поэтому если g1g2L11L12L12 0 , то d 2 f 0 и в точке x есть условный максимум,L22o0g1g2если g1g2L11L12L12 0 , то d 2 f 0 и в точке x есть условный минимум.
Вновь обратимL22oвнимание на то, что если уравнение связи g x1, x2 0 можно решить, выразив, напримерx2 x2 x1 , то вопрос об условном экстремуме сведется к исследованию на экстремумобычных функций от одной переменной.Далее: НА ЭКЗАМЕНЕ НЕОБЯЗАТЕЛЬНО!31.3. Понятие независимости функцийРассмотрим систему функций y1 f1 x1 , x2 , , xn , y2 f 2 x1 , x2 , , xn , y f x , x , , x ,m12n m(10)определенных и непрерывных, вместе со своими частными производными, в некоторойn -мерной открытой области D.Рассмотрим случай, когда значение одной из них, например y1 , однозначноопределяется совокупностью тех значений, которые принимают остальные функцииy , , y1j 1, y j 1 , , ym .Точнее говоря, если 0 есть множество таких m 1 -мерных точек, отвечающихвсевозможным точкам x1 , , xn в D, то предполагается что в 0 будет иметь местофункциональная зависимостьy j y1 , , y j 1 , y j 1 , , ym ,(11)причем это равенство оказывается тождеством относительно x в D, если вместо всехy1 , подставить функции (10).
Тогда говорят, что в области D функция y1 зависит отостальных. Впрочем, для того, чтобы иметь возможность применять дифференциальноеМатематический анализI курс II семестрБилет 31. Условный экстремум (стр. 6 из 7)исчисление, мы включим в определение еще требование, чтобы функция былаопределена и непрерывна со своими частными производными в некоторой открытойобласти m 1 -мерного пространства, содержащей множество 0 .Если, в частности, одна из функций (10), y j , сводится к постоянной, то она явно будетзависеть от остальных: здесь можно просто положить const .
Функции y1, y2 , , ymназываются вообще зависимыми в области D, если одна из них (все равно какая) зависитот остальных.Примеры.1) Если предположить y1 x1 x2 xn ,222 y2 x1 x2 xn , y3 x1 x2 x1x3 x2 x3 xn 1xn ,то нетрудно проверить, что во всем n -мерном пространстве будет выполнятьсятождество y2 y12 2 y3 .2) Аналогично для функций y1 x1 x2 x3 y2 x1 x3 x2232222 y3 x1 1 x2 x3 x1 1 x2 x3 x1 x3 x3 имеем тождественно (в трехмерном пространстве)y3 y13 y1 y2 y32 .Все это – зависимые функции.Если ни в области D, ни в какой-либо частичной, в ней содержащейся, области неимеет место тождество вида F x, y1 ,..., yn , то функции y1, y2 , , ym называютнезависимыми в области D.Ответ на вопрос о независимости функций дает рассмотрение так называемой матрицыЯкоби, составленной из частных производных этих функций по всем независимымпеременным:Математический анализI курс II семестрБилет 31.
Условный экстремум (стр. 7 из 7) y1 x 1 y2 x 1 ym x 1y1x2y2x2ymx2y1 xn y2 xn ym xn 12 Предполагая n m , имеем такую теорему:Теорема 31.1. Если хоть один определитель m -ого порядка, составленный изэлементов матрицы (12), отличен от нуля в области D, то в этой области функцииy1, y2 , , ym независимы.y1x1y1x2y1xm 0ymx1ymx2ymxm.(13)Если бы не равным нулю был не этот, а какой-нибудь другой определитель, то, изменивнумерацию переменных, можно было бы свести вопрос к случаю (13).► Доказательство теоремы будем вести от противного.
Предположим, что одна изфункций, например ym , выражается через остальные, так чтоym y1, y2 , , ym 1 ,(14)хотя бы в некоторой части D0 области D.Продифференцировав это тождество по каждой из переменных xi i 1, , m , мыполучим ряд тождеств (в D0) видаym ym y1 ym y2ym ym 1, где i 1, 2,, m .x1 y1 xi y2 xiym 1 xiМы видим, что элементы последней строки определителя (13) получаются путемсложения соответственных элементов первых m 1 строк, умноженных предварительно наymyмножители, , m .
Такой определитель, как известно, равен нулю. Этоy1ym 1противоречит условию теоремы. Полученное противоречие доказывает невозможностьравенства (14).◄Мате матиче с к ий анализI к у рс II с е мес трПрил оже ние 1. Матриц а Я коби и е ё с войс тва (с тр. 1 из 2)Приложение 1. Матрица Якоби и ее свойства.Пусть y1 f1 x1 ,..., x n ,..., y m f m x1 ,..., x n -функции,задающиенекотороеотображение из R n в R m .
Предположим, что эти функции имеют частны епроизводные по всем переменным x1 ,..., x n в некоторой точке x 0 x10 ,..., x n0 .Тогда матрицаf1 0 f1 x x0 x x n 1 fm x f m x 0 x 0xn 1называется матрицей Якоби. В сл учаеn m 1 , т. е., когдарассмат ривается функция y f x , то матрица Якоби состоит из одногоэлемент а f ' x0 . Поэтому эт у м атриц у можно считать обобщением понятияпроизводной. Как уже отмечалось, для дифференциала отображения,соответств ующего приращению d x dx1 ,..., dx n , имеем f f1 0x 1 x0xn dy1 x1 d y dy f m m x 0 f m x 0 xxn 1 dx Предположим, что y1 f1 x1 ,..., x n ,..., y m f m x 1 . dxm и что, в свою очередь,x1 t1 ,..., t m ,..., x n n t1 ,..., t m Это приводит к сложному отображению (иликомпозиции отображений) y f t F t , где использованы краткие записи:y y1 ,..., y m , f x f1 x ,..., f m x ,x x1 ,..., x n , t 1 t ,..., m t ,t t1 ,..., t m , F t F1 t ,..., Fm t , Fi t fi t .Для этого отображения, по теореме о производной сложной функции,Fi f i 1f ...
i n ,поэтом у имеет место равенство:t j x1 t jx n t j F1 F1 f1 f1 t t x xm n 1 1 Fm Fm f m f m ttm x1 xn n 1 1 t t m 1 . n n ttm 1Мате матиче с к ий анализI к у рс II с е мес трПрил оже ние 1. Матриц а Я коби и е ё с войс тва (с тр. 2 из 2)В сл учае, когда m n , определитель матрицы Якобиf1 f1x1 xkD y1 ,..., yn называется якобианом отображения.D x1 ,..., xn f n f nx1 xnПодоказанному,всл учаекомпозицииотображенийy f1 x ,..., f m x , x 1 t ,..., m t , t t1 ,..., t n выполняется равенствоD y1 ,..., y n D y1 ,..., y n D x1 ,..., xn .Dt1 ,..., t n Dx1 ,..., x n Dt1 ,..., t n Если отображение y f x имеет обратное отображение, т.е.