Павельева Неопределенный интеграл (Павельева Е. Б. - Неопределенный интеграл), страница 4
Описание файла
PDF-файл из архива "Павельева Е. Б. - Неопределенный интеграл", который расположен в категории "". Всё это находится в предмете "интегралы и дифференциальные уравнения (ииду)" из 2 семестр, которые можно найти в файловом архиве МГТУ им. Н.Э.Баумана. Не смотря на прямую связь этого архива с МГТУ им. Н.Э.Баумана, его также можно найти и в других разделах. .
Просмотр PDF-файла онлайн
Текст 4 страницы из PDF
sin ln x dx.Этот интеграл является интегралом третьей группы. Обозначим искомый интеграл через I ( x ). Полагая u ( x ) sin ln x ,1dv( x ) dx, имеем du ( x) cos ln x dx, v( x) x. Тогдаx1I ( x ) sin ln x dx x sin ln x x cos ln x dx x x sin ln x cos ln x dx.39Последний интеграл еще раз проинтегрируем по частям. Полагая1u ( x ) cos ln x , dv( x) dx , имеем du ( x) dx sin ln x , v( x) x.xТогдаI ( x) x sin ln x cos ln x dx x sin ln x x cos ln x sin ln x dx x sin ln x x cos ln x I ( x ).Итак,I ( x ) x sin ln x x cos ln x I ( x ).СледовательноI ( x) sin ln x dx 1x sin ln x cos ln x C.2x cos x sin 2 x dx.Задан интеграл вида P1 x g x dx, где P1 x — многочленпервой степени, а g x dx легко найти.
Полагая u( x) x,Пример 2.8.dv( x) cos xdx, имеемsin 2 xdu( x ) dx, v( x ) cos xd sin x1dx .22sin xsin xsin xТогдаx cos x11xx sin 2 x dx x sin x sin x dx sin x ln tg 2 C.Пример 2.9. x sinxdx.Сначала выполним замену переменной. Положим t x .Тогдаx t 2 , dx 2tdt,40 x sinxdx t 2 sin t 2t dt 2 t 3 sin t dt.Получившийся интеграл является интегралом второй группы. Трираза проинтегрируем его по частям. Полагая u (t ) t 3 ,dv(t ) sin t dt, имеем du t 3t 2 dt , v t sin tdt cos t.
Тогда x sinx dx 2 t 3 sin t dt 2 t 3 cos t 3 t 2 cos t dt u t2,dv cos t dtdu 2t dt , v sin t 2t 3 cos t 6 t 2 sin t 2 t sin t dt u t , dv sin tdtdu dt , v cos t 2t 3 cos t 6t 2 sin t 12 t cos t cos dt 2t 3 cos t 6t 2 sin t 12t cos t 12sin t C 2 x x cos x 6 x sin x 12 x cos x 12sin x C .Примеры для самостоятельного решенияln x2.1.x2.4. e 2 x sin x dx. 2.5. arcsin 2 3 x dx. cos 3 ln x dx.
2.8. x 2 2 x 2 x dx.2.7.xdx. 2.2.2.10.sin 2 x e x dx. 2.11.2.13.x e5 x32.3. x 2 3 x 1 sin 2 x dx. ln 2 x dx.arcsin x1 xx sin 2 x dx.2.9. cos 3 x dx.dx. 2.12.ln sin x dx.sin 2 xdx.2.2. Интегралы видаПокажем,2.6.x2x2 Aкакdx ,x 2 A dx ,x2a2 x2находитьdx ,a 2 x 2 dx ,dx x 2 A nинтегралывидаx 2 A dx,a 2 x 2 dx методом интегрирования по частям. Для того чтобы41найти интегралx 2 A dx, A 0, илиa 2 x 2 dx, a 0, обо-значим искомый интеграл через I ( x), проинтегрируем его по частям и составим для I ( x) уравнение первого порядка.
Например,I ( x) x2u x 2 A , dv dxx 2 A dx xdxdu , vxx2 Ax 2 dx x x2 A .x2 AПредставив в последнем интеграле числитель в A A, разделим почленно числитель на знаменатель:I x x x2 A x2 A Ax2 A x x 2 A x 2 Adx Aвидеdx 1x2 Adx x x 2 A I ( x) A ln x x 2 A .Итак, I ( x) x x 2 A I ( x) A ln x x 2 A . Следовательно,I ( x) x 2 A dx 1Ax x 2 A ln x x 2 A C.22x2I ( x) 42x2x2Adx x2 A Ax2Adx A 0,x2dx a 0x2 Aa2 x2находят аналогично.
Представим числитель в виде x 2 A Aили в виде x 2 a 2 a 2 соответственно и разделим почленночислитель на знаменатель:Интегралы видаdx x 2 A dx Ax2Adx.Первый из получившихся интегралов проинтегрируем по частям, второй интеграл является табличным. В ходе преобразований получаемI ( x) x2u x 2 A , dv dxA A dx x2 Adx x 2 dx x x2 A x2Axdxdu x2 AAx2A, vxdx x x 2 A I x A ln x x 2 A .Итак, I ( x) x2x2Adx Рассмотрим интегралA1x x 2 A ln x x 2 A C.22dx x 2 A n( A 0, n 1, 2, 3, ...). Обо-значим его через I n ( x ). Выведем рекуррентную формулу, позволяdx(n 2, 3, 4, ...) к интеграющую свести интеграл I n ( x) x 2 A ndxлу с меньшим индексом I n 1 ( x ) . Для этого проинте2 x A n 1грируем интеграл I n 1 ( x ) по частям:uI n 1 ( x ) dx x 2 A n 1x x2 An 11 x 2 An 1du , n 1 2 x x 2 A n 2( n 1) x2 x 2 A ndv dxdx, v xdx.Представив в последнем интеграле числитель в виде x 2 A A,разделим почленно числитель на знаменатель43I n 1 x xx2 An 1x x 2 An1 2 n 1 x x 2 An 1 2 n 1 1x2 An 1 x 2 A Adx x 2 Andx 2 A n 1 1 Anx2dx 2 n 1 I n 1 ( x) 2 A n 1 I n ( x) .Следовательно,I n 1 ( x ) x x 2 A n 1 2 n 1 I n 1 ( x ) 2 A n 1 I n ( x )иI n ( x) 1x 2n 3 I n 1 ( x) C.n 122 A n 1 x A 2 A n 1(2.1)Таким образом, получена рекуррентная формула, сводящая интеdxdxк интегралу I n 1 ( x) грал I n ( x) ,n x2 A x 2 An 1n 2, 3, 4, ...
. В частности,I2 x dx x 2 A211x 22A x A 2AЗамечание. Интеграл I 2 ( x ) тригонометрической замены(2.2)dxможно найти с помощью2 x a2 2x a tg t , t , . Действительно,учитывая, что x 2 a 2 a 2 tg 2 t 1 получимdx x 2 A C.22a21x, dx adt , t arctg ,cos 2 tacos 2 ta2tdx11 1 cos 2tcosI 2 ( x) dt 3 cos 2 t dt 3 dt 222222aax a a cos 2 t 441 1t sin 2t C.2a 3 2Учитывая, что 1 sin 2t sin t cos t tg t cos 2 t xa2, окончательноa x a222получим I 2 x 1 3 arctg x 1 22aax C.2a x 2 a 22.3.
Интегрирование функций,содержащих квадратный трехчленРассмотрим интегралы видаAx BAx B1) 2dx, 2) dx, 3) ax 2 bx c dx,ax bx cax 2 bx cAx B4) Ax B ax 2 bx c dx, 5) dx, n 2, 3, ...2 ax bx c nДля вычисления этих интегралов выделим полный квадрат изквадратного трехчлена:2bb b2 ax 2 bx c a x 2 2 x c 2a4a 2a b 2 b2 a x c 2a 4a bb, x t , dx dt. По2a2aсле замены переменной интегралы 1), 2), 4), 5) разобьются на дваинтеграла. В интеграле, содержащем t в числителе, внесем t подзнак дифференциала. В процессе вычисления интегралов 3) и 4)встретятся интегралы вида t 2 A dt или a 2 t 2 dt , которыеи выполним замену переменной t x берутся по частям либо с помощью тригонометрической или гиперболической замены переменной.
В процессе вычисления интеdt, который можно найти,грала 5) встретится интеграл 2 t A nвоспользовавшись рекуррентной формулой (2.1).45ПримерыПример 2.10.3x 1 x2 4 x 1 dx.Выделим полный квадрат из квадратного трехчлена:2x 2 4 x 1 x 2 3 и выполним замену t x 2, x t 2,dx dt . Тогда3x 1 x2 4 x 1 dx 32d t 2 3 t 2 37 3 t 2 13t 7tdtdt 7 2dt 2dt 3 22t 3t 3t 3t 312 3lnt 3t 337t 3ln t 2 3 lnC 22 3t 337x2 3 C.ln x 2 4 x 1 ln2x2 32 32x 7dx .1 x x2Выделим полный квадрат из квадратного трехчлена:2 x 2 x 1 x 1 5 и выполним замену t x 1 , x t 1 ,2224dx dt .
Тогда2 t 1 72x 72t 8 1 x x 2 dx 5 2 2 dt 5 2 dt tt44d 5 t22t dtdtt 8 4 8 arcsin 55 t25 t25 t2 2 4442t 2 5 t 2 8arcsinC 45Пример 2.11. 2 x 2 x 1 8arcsinПример 2.12.46x x4 3x2 2 dx.2x 15 C.1Внесем x под знак дифференциала x dx d x 2 , выполним22замену переменной t x и получим интеграл от функции, содержащей квадратный трехчлен:d t3d x2 111xdt2 x 4 3x 2 2 dx 2 x 4 3x 2 2 2 t 2 3t 2 2 3 2 1 t24x 2 6 x 2 dx.Выделим полный квадрат из квадратного трехчлена:2 6 x 2 x 3 7 и выполним замену t x 3, x t 3,dx dt. Тогда1 t 3 2 1 21t 11 x2 1 ln C ln C ln 2 C.2 t 3 2 1 222 x 2t2Пример 2.13.x2x 2 6 x 2 dx t 2 7 dt.
Обозначим интегралt 2 7 dt через I(t) и проинтегрируем его по частям (см. п. 2.2):I (t ) u t 2 7, dv dtt 2 dtt 2 7 dt t t2 7 tdtdu , vtt2 7t2 7 t t2 7 t 2 7 7t27dt t t 2 7 t 2 7 dt 7 dtt27= t t 2 7 I (t ) 7 ln t t 2 7 .Итак,I (t ) t t 2 7 I (t ) 7 ln t t 2 7 ,17I (t ) t t 2 7 ln t t 2 7 C ,221x 2 6 x 2 dx x 3 x 2 6 x 2 27 ln x 3 x 2 6 x 2 C.247Пример 2.14.x1 2 x x 2 dx.Выделим полный квадрат из квадратного трехчлена:2 x 2 2 x 1 x 1 2 и выполним замену t x 1, x t 1,dx dt . Тогдаx1 2 x x 2 dx t 1 2 t 2 dt t 2 t 2 dt 2 t 2 dt.В первом интеграле внесем t под знак дифференциала:11t dt d t 2 d 2 t 2 .22Тогдаt2 t 2 dt 3112 t 2 d 2 t 2 2 t 2 2 C.23Обозначим второй интеграл2 t 2 dt через I(t) и проинте-грируем его по частям:I (t ) u 2 t 2 , dv dtt 2 dt2 t 2 dt t 2 t2 tdtdu , vt2 t22 t2 t 2 t2 2 t2 22 t2dt t 2 t 2 2 t 2 dt 2 t 2 t 2 I (t ) 2arcsint.2Итак,I (t ) t 2 t 2 I (t ) 2arcsint,2t1I (t ) t 2 t 2 arcsin C.22Таким образом,48dt2 t2311t 2 t 2 2 t 2 t 2 arcsin C 3223x111 1 2 x x 2 2 x 1 1 2 x x 2 arcsin C.322x4Пример 2.15.
dx.2 x 8 x 7 2Выделим полный квадрат из квадратного трехчлена: x 2 8 x 27 x 4 9 и выполним замену t x 4, x t 4, dx dt.Тогдаx1 2 x x 2 dx x4t 8tdt x 2 8 x 7 2 dx t 2 9 2 dt t 2 9 2 dt 8 t 2 9 2 .В первом интеграле внесем t под знак дифференциала:11t dt d t 2 d t 2 9 .
Тогда221 d t 2 9t t 2 9 2 dt 2 t 2 9 2Обозначив второй интегралdt1 1 C.2 t2 9 t 2 9 2через I 2 (t ), найдемэтот интеграл, воспользовавшись рекуррентной формулой (2.2):I 2 (t ) dt 9t2211tdt 2218 t 9 18 t 911 1 t 3t 2 ln C.18 t 9 18 6 t 3Итак,x4 x 2 8 x 7 2dx 1111tt 3ln 2 8 22 t 9t 3 18 t 9 108C x4x 11142ln 2 2 C.x72 x 8 x 7 9 x 8 x 7 2749Примеры для самостоятельного решения3x 54 3xdx. 2.15.
2dx. 2.16.x6 x 10x 4x 1sin 2 x dxx 3 dx2.17. 2dx.. 2.18. sin x 8 sin x 15x4 2 x2 32.14.2.19.2.21. x 2 2 x 2 2 dx.2 x 2 2 x 4 dx. 2.20.3 x50 2 x 3xln x dx1 6 ln x ln 2 xx 2 6 x 10 dx..Глава 3. ИНТЕГРИРОВАНИЕ РАЦИОНАЛЬНЫХДРОБЕЙПростейшими рациональными дробями называются рациональные дроби следующих четырех типов:A;1)xaA, n 2, 3, ... ;2) x a nAx B3), D p 2 4q 0;2x px qAx B4), n 2, 3, ...
; D p 2 4q 0.n2 x px q Рассмотрим интегралы от простейших рациональных дробей:Adx A ln x a C.I. xaAAndx A x a d x a II. x a n 1 C.nn 1 x aIII. Способ нахождения интеграла от простейшей рациональAx Bной дроби третьего типа dx рассмотрен в п. 2.3.2x px qIV. Способ нахождения интеграла от простейшей рациональAx Bной дроби четвертого типа dx, n 2, 3, ... рассмот2 x px q nрен в п.