Диссертация (Быстрые и точные алгоритмы расчета сигналов оптико-электронной системы дистанционного зондирования из космоса), страница 12
Описание файла
Файл "Диссертация" внутри архива находится в папке "Быстрые и точные алгоритмы расчета сигналов оптико-электронной системы дистанционного зондирования из космоса". PDF-файл из архива "Быстрые и точные алгоритмы расчета сигналов оптико-электронной системы дистанционного зондирования из космоса", который расположен в категории "". Всё это находится в предмете "технические науки" из Аспирантура и докторантура, которые можно найти в файловом архиве НИУ «МЭИ» . Не смотря на прямую связь этого архива с НИУ «МЭИ» , его также можно найти и в других разделах. , а ещё этот архив представляет собой кандидатскую диссертацию, поэтому ещё представлен в разделе всех диссертаций на соискание учёной степени кандидата технических наук.
Просмотр PDF-файла онлайн
Текст 12 страницы из PDF
(3.38) E (0) 0 Введем обозначениеu uU 1 11 12 u21 u22 (3.39)и преобразуем левую часть отдельно:e1 0 0 u11 e1 0 2 0u21 e0 u11 u12 E ( 0 ) u11 u12 0 e 2 0 u21 u22 0 u21 u22 E (0) u12 e1 0 E ( 0 ) u12 E (0) u11 e1 0 E ( 0 ) u12 E (0) .u22 e 2 0 0 u22 E (0) u21 e 2 0 E ( 0 ) u22 E (0) С учетом этого u11 e1 0 2 0u21 eu12 E ( 0 ) 11B / 1 0 U (1 B 0 ) 1 e e 0 M F.u22 E (0) (3.40)Откуда E ( 0 ) u11 e1 0 0 2 0E(0)u21 e 1u12 11B / 0 M 1 F.
(3.41) U (1 B 0 ) 1 e eu22 Для взятия итерации необходимо знать поле в каждой точке среды. Найдянеизвестные константы (выражение (3.41)), мы можем переформулироватьисходную краевую задачу в задачу с известными начальными условиями ивычислить поле в среде двумя способами – «сверху» и «снизу». При численнойреализацииэтопозволиткомбинироватьрешения,сохраняятолькоотрицательные экспоненты, что положительно сказывается на устойчивостиалгоритма.Итак, при вариации произвольной постоянной можно получить дварешенияE o ( ) E o (0) e( 0 B 1)t / 0 d M 1 F0и73(3.42)0E o ( ) E o ( 0 ) e( 0 B 1)t / 0 d M 1 F.(3.43)Умножая каждое уравнение на решение однородного уравнения, получимE( ) e BE(0) e Be( 0 B 1) t / 0d M 1 F,(3.44)0E( ) e BE o ( 0 ) e B0 e( 0 B 1) t / 0d M 1 F.(3.45)d M 1 F.(3.46)Рассмотрим (3.45) при τ= τ0:E o ( 0 ) e B 0 E( 0 ) .ОткудаE( ) eB( 0 )E( 0 ) e B0 e( 0 B 1) t / 0Вычислив интегралы, получимE( ) e B E(0) 0 e B (1 0 B) 1 1 e / 0 e B M 1 F,(3.47)E( ) e B( 0 ) E( 0 ) 0 e B (1 0 B) 1 e / 0 e B e 0 / 0 e B 0 M 1 F.
(3.48)Перед взятием итерации проведем энергетическую проверку. Для этогоснова обратимся к системе уравнений (3.28). Примем1 2011 dˆl 1 d 2 , 211 dˆl 0 d 2 .(3.49)Данное допущение связано с тем, что регулярная часть решения близка ксферической, и вопрос выбора μ↑и μ↓ неочевиден. Однако, с учетомследующих соображений, наш выбор кажется вполне удачным:- поскольку регулярная часть имеет близкую к сферической форму, усреднениепо полусферам как раз должно дать значение по модулю около 0.5,- после реализации в случае неудовлетворительного результата мы имеемвозможность вручную поварьировать значения коэффициентов рассеяния дляего уточнения,74- итерация существенно уточняет решение, поэтому вполне вероятно, чтонебольшая ошибка на этапе выбора коэффициентов рассеяния вообще не будетиметь влияния на результат в рамках заданной погрешности.Принимая во внимание (3.49) сложим первое уравнение со вторым1 dE ( ) 1 dE ( ) (c 1) E ( ) o E ( ) c 0e / 0 2 d2 d(c 1) E ( ) o E ( ) o 0e / 0 1 dH ( ) eE0 ( ) 0 ( ),2 d(3.50)и вычтем из второго первое1 dE ( ) 1 dE ( ) (c 1) E ( ) o E ( ) o 0e / 0 2 d2 dc 1) E ( ) o E ( ) c 0e / 0 1 dE0 ( ) hH ( ) ( ).2 d(3.51)ЗдесьH ( ) E ( ) E ( ), E0 ( ) E ( ) E ( ),h (c o ) 1, e 1, 0 ( ) e / 0 , ( ) e / 0 ( c 0 o 0 ).Выразим H(τ) из уравнения (3.51)H ( ) 1 dE0 ( ) 1 ( )2h dh(3.52)и подставим в (3.50):d 2 E0 ( ) 4heE0 ( ) 4h 0 ( ) 2 ( ) d 2d 2 E0 ( ) 4a 2 E0 ( ) f ( ),2d(3.53)f ( ) 4h0 ( ) 2 ( ),(3.54)гдеa2 he.75Однородное уравнение, соответствующее уравнению (3.53), имеет видd 2 y ( ) 4a 2 y ( ) 02d(3.55)y( ) c1 e2a c2 e2a .(3.56)и решениеРешение неоднородного уравнения (3.53) будем искать методом вариациипроизвольной постоянной.
Имеем систему уравнений2 a2 ac1( )e c2 ( )e 0,2 a2 a2ac1( )e 2ac2 ( )e f ( ).(3.57)Решая ее, получимc1( )e2 a c2 ( )e 2 a 0,f ( ) 2 a2 ac()ec()e,2 12a1f()1 2 a2 ac2 ( ) c2 f (t )e 2 at dt ,2c()e,c()f()e,224a 02a4a2c( )e 2 a f ( ) , c( ) 1 f ( )e 2 a , c ( ) c 1 f (t )e 2 at dt ,11112a4a4a 0что приводит к решению 2 a 2 a112 at2 aty ( ) c1 f (t )e dt e c2 f(t)edte 4a4a00y ( ) c1 e2 a c2 e2 a1f (t ) e 2 a ( t ) e 2 a ( t ) dt.4a 0(3.58)С учетом этого, получимEo ( ) e1 e2 a e2 e2 a1f (t ) e2 a ( t ) e2 a ( t ) dt.4a 076(3.59)Из (3.54) нетрудно видеть, что единственный множитель, зависящий отпеременной, по которой ведется интегрирование – это экспонента.
С учетомэтого вычислим определяющий интеграл из выражения (3.59) отдельно:e t / 0(e2 a ( t )e2 a ( t )0)dt (e t (1/ 0 2 a ) 2 a et (1/ 0 2 a )2 a )dt 0 et (1/ 0 2 a )2 a et (1/ 0 2 a )2 a 1/2a1/2a000e / 011e2 ae2 a I ( ).1/2a1/2a1/2a1/2a0000(3.60)Тогда решение будет иметь видE0 ( ) c1 e2 a c2 e 2 a где K 201KI ( ),4a(3.61) 2 h 0 ( c 0 o 0 ) .Для поиска констант подставим полученное решение для E0(τ) вуравнение (3.52):H ( ) 1 d2h d1 2 a 12 aKI ( ) ( ) c1 e c2 e 4a hH ( ) nac1 e2 a nac2 e 2 a nKI ( ) n ( ),8a(3.62)где n=1/h,d / 0 11e2 ae2 aI ( ) ed 1 / 0 2a 1 / 0 2 a 1 / 0 2 a 1 / 0 2 a e / 0 112a e 2 a2a e 2 a.0 1 / 0 2a 1 / 0 2a 1 / 0 2a 1 / 0 2 a(3.63)Складывая уравнения (3.61) и (3.62), и вычитая (3.62) из (3.61), получим77Kn2 a2 a2 E ( ) c1 (1 na)e c2 (1 na)e 4a I ( ) 2 I ( ) n ( ),(3.64)Kn2a2a2 E ( ) c (1 na)e c (1 na)e 12 I ( ) I ( ) n ( ). 4a 2Для поиска неизвестных констант снова воспользуемся граничнымиусловиями (3.35) и получимKn0c(1na)c(1na)I(0)I (0) n (0),124a 20 c (1 na)e 2 a 0 c (1 na)e 2 a 0 K I ( ) n I ( ) n ( ).120 0 04a 2(3.65)Выразим с1 из первого уравненияc1 c21 na k0 ,1 naи подставив во второе, получимKnc2 k0 (1 na)e2 a 0 I ( 0 ) I ( 0 ) n ( 0 ) 4a 21 e2 a 0 (1 na) 2 e 2 a 0 (1 na) 2 ,1 naгде k0 (3.66)1 Knn (0) I (0) I (0) .1 na 4a 2На рис.
5-7 представлены компьютерные реализации выражений (3.47) и(3.48) (решение А) в сравнении с (3.64) (решение В), из которых видна полнаяэквивалентность обоих подходов.78Рисунок 5 - Сравнение решений А и В при Λ=0.9, g=0.9, τ0=5.79Рисунок 6 - Сравнение решений А и В при Λ=0.7, g=0.8, τ0=2.Рисунок 7 - Сравнение решений А и В при Λ=0.99, g=0.9, τ0=7.Зная распределение поля в среде, мы можем оценить интеграл рассеянияв уравнении (3.7), и, взяв итерацию, получить выражения для яркостивыходящего из слоя излучения. Введем обозначение E ( ) c E ( ) W ( ) W( ) o .W()E()E()c o (3.67)С учетом этого уравнение (3.7) будет иметь вид L( , ) ˆ ˆ L( , ) W( ) x(l 0 , l )e40,(3.68)где L( , ) L( 0 , ) 0 L(0, ) (3.69)есть значения яркости на нижней и верхней границах слоя соответственно.80Для решения уравнения (3.68) также воспользуемся методом вариациипроизвольной постоянной, и, учитывая граничные условияL(0, ) 0 0, L( 0 , ) 0 0(3.70)получим яркость первой итерации от гладкой части решения:L( 0 , ) 0L(0, ) 0 0e 0 ˆ ˆ eW()x(l0 , l )e 040 ˆ ˆ eW()x(l0 , l )e 04100 d , d .(3.71)(3.72)При выделении анизотропной части решения по МСГ в решении длягладкой части и ГУE ( ) 0 0, E ( ) 0 La ( 0 , , ) dˆl Ea ( 0 )(3.73)и вид свободного члена.
При этом уравнение (3.29) примет видd E( ) BE( ) M 1 ( ),d(3.74)где 2k 1 d k 0 0deeP()kkk0 ( ) 2k 0,( ) o ()2k1 d k 0 0 deeP()kk k0 k 0 2а 0 1(1 x1 )e(1x1 )20 (1 )e (1 )0(3.75).Решение системы (3.74) имеет видE( ) e BE(0) e B( t ) M 1 (t ) dt ,00(3.76)E( ) e B( 0 ) E( 0 ) e B( t ) M 1 (t )dt ,где первое решение выражается через ГУ на верхней границе, а второе – нанижней.81Выразим из решений (3.76) связь решений на границах:eB 00E( 0 ) E(0) eB t M 1 (t )dt.(3.77)0Подставим в (3.77) ГУ (3.73) и получим уравнениеeB 0 Ea ( 0 ) E (0) 0 B t 1 e M (t )dt. E ( ) 0 0 0(3.78)Снова проведем сингулярное разложение матричной экспоненты, чтоприведет последнее выражение к видуe 00 Ea ( 0 ) 1 E (0) U U et U 1M 1 (t )dt. E ( 0 ) 0 01(3.79)или через элементы матрицы U : u11 e1 0 u12 E (0) 0 t 1 1 e1 0 u11 e U M (t )dt 2 0 Ea . 2 0E()ueu0 0 2122 e u21 (3.80)Аналогично синтетическим итерациям в параграфе 2.1 получим для полявнутри среды E (0) E( ) U e U 1 e S(0, ) . 0 (3.81)Выражение для яркости в произвольной точке поля среды можнозаписать в виде [Budak et al., 2015]1, 0,11L( , ˆl ) La ( , ˆl0 , ˆl ) E ( ) ( ) E ( ) ( ), ( ) (3.82)0,0.22Теперь можно взять первую итерацию от решения, как описано впараграфе 2.1.
Интегральное УПИ для случая ПМ-источника имеет вид e 0 L( 0 , ) 40 0t t E ( ) E ( ) e dt l ( ) E ( ) E ( ) e dt , (3.83) 000 0t t L(0, ) E ( ) E ( ) e dt l ( ) E ( ) E ( ) e dt , (3.84)4 0082где l ( ) ( K 1)/2j 1(4 j 1) x2 j 1 P2 j 1 ( ) j .На рис. 8-9 показано сравнение реализации квазидвухпотоковогоприближения с выделением анизотропной части по МСГ с программой MDOM(яркость от угла визирования).83а)б)Рисунок 8 - Сравнение реализаций MDOM и предлагаемого решения приθ0=45о, Λ=0.9, g=0.99, τ0=2 в переднюю (а) и заднюю (б) полусферы.84а)б)Рисунок 9 - Сравнение реализаций MDOM и предлагаемого решения приθ0=30о, Λ=0.999, g=0.9, τ0=5 в переднюю (а) и заднюю (б) полусферы.85Как видно из графиков, расхождение не превышает несколькихпроцентов, при этом скорость вычислений возросла на несколько порядков исоставила сотые доли секунды.863.2.