ГДЗ-Физика-задачник-10-11кл-Рымкевич-2006-www.frenglish.ru.djvu (991535)
Текст из файла
К заАачнику А. П. Рымкевича Фазе и классы 6 С.Н. Бернсов ПОДРОБНЫЙ РАЗБОР ЗАДАНИЙ ИЗ ЗАДАЧНИКА ПО ФИЗИКЕ для 10-11 классов А.П. Рымкевичв <м:. дрофа, гоог-гоое1 + задачи повышенной сложности Москва «ВАКО» 2006 УДК 373.! 67:1:53 ББК 22.3к.72 Б82 Верняка С.Н. физика 10-11кя. Подрсбнма разбор заданий ю задачника АП. Рммкеаича — М.: ВАКО, 2006. — 384 е. -(Сам себе репеппср).
1$ВН 5-94665-375-Х ' Издание содераит алпзризмы решения н подробнейший разбор с объяснениями абсолютно всех задач из новом издания задачника гю физике для 10-11 классов А.П. Рымкевнча (Мз Дрофа, В301-2000). В скобках дается нумерация задач нз старого издания дпя 9-1 1 классов. Пособие имеет удобную навигацию и будет незаменимым помощником родителям при проверке домашних работ, а такие учителям физики.
Автор — практикующий педагог, кандидат физических наук, прмюдават ль МИФИ-О.И. В р со . УДК 373.167:1:53 ББК2?.Зя.72 ф ООО «ВАКО», 2006 РЗВМ 5-94665-375-Х МЕХАНИКА ГЛАВА) (ЗСИОВЬЗ КИНЕМАТИКИ 1. Поступательное пленение. Иатеривльнея точка. Снстеыа отсчета. Путе и переышценне )й 1. Движение стрелы — нет, так как се движение врашательное и кэжлаа точка стрелы описывает окружность определенного радиуса. Движение груза — ла, так как асс точки груза описывают одинаковые трвешззрии. № 2. Поступательное движутся только кабины, так как линяя, проипяшая через шобыс дае точки кабины, остаегса параллельна самой себе. № 3. В случвял а), б] н д) — да, так как 'размеры Земан ао много раз меньше расстояний. на которые она псрсмешасшл; в) и г) — нет, так квк размерами Зенли пренебречь нельзя.
№ 4. а) Нельзя. При расчете давления необзоднмо вишь плоппаь сопрниюиоаеиия трактора с грунтои. б) Можно. Размеры ракеты во много раз ысныпе дальности ее полста. в) Можно. Двшкение плиты поступательное, поэтому се движение можно описывать заданием одной точки. г) Нельзя.
Вюкен обьем шарика, связанный с радиусом, поэтому пРенсбрсгап, размсраыи иеаьзя. № 5. а) Да, нежно. Движение снаряда аваяеъж поступательным и размеры сиаршы ао нного раз ыеньше расстояния, иэ которое он летит. б) Нельзя, так как расчет сопротивления эозауха зависит от йормы и размеров спарила, т.е. пренебрегшь размерами нельзя. № б. Двнкснис ссстын поступательно, поэтому пугь, пройденный составом за любое время, рассчитывается, как и материальной точки.
№ 7. 0(0; О); В(0; бО); С(30; 60); (Г (30; 0); Е(20; 40); )((-5; 20); Ь (-1О; -10); )г(30; -5). № й. Сделайте самостоятельно. г"жгва / Огяаен вввеламвви № 9. Путь вераиещ равен его перснещению, так как он движется из Л в В по прямолинейнон траектории. Автонабиль движется по кривалннепноп траектории, поэтому модуль ега перемещения меньше продленного пути. Перемещения автомобиля и вертолета равны. № 18. При поездке в такси мм оплачиваем путь, так как счетчик измеряет продаснный путь, и оплата пропорциональна поквзаммю счетчика, а траекторияя движения такси далека от прямолинейной. Самолет лвижстся практически по примой, можно считать, что его путь равен перемещению.
Значит, мы оплачиваем перемещение. № 11. Решение: Аф Пусть путь — ), перемещение — к Путь мяча — сумма отрезков АЗ и ВС, т.е. ! = АВ+ ВС. ! Зм+!м 4м. Перемещение — направаенный отрезок прямой, соединяю- Сб шнй начальное положение тела (т. А) с его конечным (т. С). )в )= )) м — Зм(= 2 и. ВА Ответ: ! = 4 м; ) в") = 2 и. № 12. Поскольку движение автомобиля по окружности было равномерным, путь, продленный автомобилем за треть врс- рд меня, равен трети полного пути разворота 1, (/3. Модуль вектора перемещение из начальной точки А в конечную О в В равен диаметру О окружности.
В ! яа д Огсюда сяедует, что — = — в- = — ". г О 2' Мапуль вектора перемещения за треть полного времени равен двине хорды АС. Бла~одаря равномерности лви пения кп = бб, значит, Ь АСС вЂ” равносторонний, следовательно, АС = ОС ОА = О)2. Отсюла получим: ! Э я ~д х а, В ЗВ ЗВ 3' 2 № 13.
Чтобы найти проекцию векпща перемещения, надо из координаты конца вектора вычесть каордя ищу начала. Руководствуясь этим, находим из рисунка: !)в„=бм-2м=4м; а,„85м-85м 0; 2)в =бм-2м=4м; й в =бм-4м=2м; тг !. Пмт веямлзяез де угм з =!5м — 1,5м=О зу з 2м-бы -4м зу зуу !Ом-7м Зм; У,м Координаты точек А(0; 2), В (4; -!). 2 Проекции векюра перемещения з на оси 1 координат 0 з хз-х =4м — О 4м; 3 ! -1 ,м з =уз — 3,=-1м — 2м= — Зм. у Модуль вектора перемещения Я= (з +в„'= ~Г(4) +~-3)~ = 1!О+9 = )86 66 и.
№17. Решение: А 1т В Пусть, пройденный вертолетом, равен сум- меотрсзковАВиВС,т.е.!=1, +1. (у 1 = 40 км + ЗО км = 70 км. Ь АВС вЂ” прямоупиьный, отсюда С Н-М с=2?г-г 3 7-л Ответ: 1 = 70 км; ( з( = 50 км. № 13. Лане: 1,=2км,1у 1км з — ?,а — ? Решение; Сделаем рисунок (без соблюдения иасшаба). Направим х на восток, а у на север. Из рисунка вилно, что проск- иин вектора перемещения з на оси т и у равны: З)зз, 4м-Ом -4м; 4)а, =!1н-8м Зм; 5)з, 7,5и — 7,5м=О; Уй 14.
Чтобы найти координаты точки в начале н в конце двюкення, недо из соответствующих точек опуспзть перпенликуляри на оси координат. Тогда имеем А (20; 20), В (60; -1О). Лля определения проекций вектора перемещения на оси надо нз координаты конца вычесть координату начала: (АВ)„= 60 м — 20 м 40 м: (АВ)у -10 н -20 м -ЗО и.
Лля определения модуля АВ импользуемся рмулой ~м;6:*г у.-;г. з г ° ~ ?.ми№ 15. Координаты точки в начале движения: А (2; 2); в коуще движении — Р (6;2). Путь 1 раасн сумме отрезков АВ, ВС и СР. АВ=8м,ВС=4м,СР 8мм1=3м+4м+8м=20м. Проекции перемещения на оси координат: з, бм-2м 4м; з„2м — 2м О. Следовательно моауль вектора перемещения ~з ~ з„4 м. № !6.
в, =ОС =ОА сов 4$ '=1,— =2 — = чз км; ,6 Л э 2 г в, =ОВ АС+АВ =1+ОС =1+ чз км (ОС АС). Перемещение катера рамю: Н-~г-К+~У-штпл"- =4+а ° 1.41-2,зкм. ВВ ОС Я 11.41 0 13 а — О.бзб = а ЗО '. ОВ АС+АВ 42ч1 2,41 Отжч4а 1 1,8 км поа 430 ' на север в направлении на северо-восток.
ЬЬ 10. Решение: Слелаем рнс, (беа собвшаення масша- бв). Направим осн ксораинат к — на васюк, а у — на север я начертнм чер- В к в выбранном масштабе. Траекто- яя перемещения авена — ломаная АВСВ. Перемещение а = АВ. Проекпнн перемещения а, =ВС-ОВ ° а1п 4$ ' $00-400 — 217 м; 6 2 в =ОВ ° сов 4$ '+СО =400 — +300 ЬЗЗ м. Л Ф 2 Моауль перемещения ~*~ = Д+з,' 022 м. Иа О АВР 13 а = — = -а = — О. 372 ш а 20 Л) в 217 АУ а, $33 Ответ. ~1а $22 и кол А20' на север в направлсннн на северо-восток. 2.
Прямолинейное равномерное двнженне В соотастствин с зтнм л, 500+ В)г — дял автобуса, л„200 — 151 — два легкового автомобиля, -300 — 1Ог — для нотонпклнста. а) Чтобы найти кооранншу тела, палов уравненне движения поаставнть время г,: лн 500+ 20 5 б)Ю м; б)я,=200-15 Ру 50м. Пуатье„!=и,г, !5м/с 1Ос 150м. в) Чтобй найти время, надо в уравнение движения подставить коордннюу я решнзь его относнюльно еремеям: х„-300 — 101; л„з -бао м; -600 -300 — !Огз 13 30 с. г)Когда автобус проезжал мимо дерева, сто коорднната была равна О, т.е. 0 = 500+ 201 о Г -25 С, т. е, автобус проезжал мимо дерева за 25 с до начала наблюдения.
д) В уравнение т, 200 — 151 наао подставить г -20 с, т. к. по условию спрашнвштся, где быя легковой автомобнль за 20 с до начала наблюдс пня. л, 200 - 15 (-В)) 500 м. Озвспа)лн 000м;б)л„50м:е„з 150м;в)г =)Ос;г)г„-25с; д) т„з = 500 м.
30 21. шенне: я определения начальых координат н скоросюй яження сравним уравне- 300 200 Х,н пя двнжлння тел с обшнм уравненнем: х = ле + е,с. И*, --210+ 121. Из уравнения внвно, по авюмобнль начннвст движение яз точкн с коордннатой -270 м со скоростью 12 м/с в полсекпттльном направлении осн ОХ. 2) е — 1,51. Пешеход перелвнгаася нз тачки начала координат со скоростью 1,5 м/с в отри нательном направлении осн ОХ. 3) В момент встречп ! Г оба теаа имеют ояннаковые ююряннаты*, .тз л'. .т, = -2ТО+ 12! -210 + 121' = -1,01' ю х' -1,6 ° 20с -00 м. т, -1,01 Г'= 20 с Ответ: автомобиль н пешежш встрстятса через 20 с после начала наблкасння в точке с июрдннатой -30 м. Уй 22.
На рисунке 9 задачника изображены графики завнснмостя коордннат двнження тел от временн. Тачка пересечения грвфнка с осью * даст нам начаяьную коорхннату тела л . Для нвхожаення промшнн скорости няяо преобразовать ураянснзю л-я ла+езюе г Глава 1. Оелаан янаелатави По графику найдем ююрвннаты тела в момент времени с = 0 (ха) и с 10 е(х). Подспюив ях а уравнение, можно найти ах ! ) По рис. видно, что график движения ! параллелен оси времени, следовательно аы О, (коорлнмата тела не меняется. тело покоится)» х, = 5.
2) Изсрафнка Пс х,о 5 м; а,з (-5-5)/рб=-1 м/с»хе= 5 — с. 3)ИзпифнквШ:тю -!Ом;аю (-5-(-10))/10 05м/с»ха -10+051. Для определения места и времени встречи 2-го и 3-го тел решаем систему уравнений. х =5 — с т =х =х'»б-с'=-10+061'»С' 10. Ф х, =-10+0,51 .т'= 5-10 -5 и. Ответ: тела 2 н 3 встретилнсь через 10 с после начала движения в точке с коорвинатой -5 ы. № 23. общим правилам построения динейныл х,- )р)- рбг ешим аистему уравнения т, =бг »х, х, х'. = 15О-1ОС бг' = 150 -10С' » С' = 10 с.
х' = б ° 10 =- 60 и. Ответ: деа велосипедиста встретятся через 10 с после начала движения в тачке с координатой 50 м. № 24. Уравнение коораннаты имеет вил х ха+ и,с. х-хь 00-20 Для! графика хщ = 20 м; а„= — ь = — = 2 и/а» х, = 20 + 21. с 20 бо-(-го) Для И графика х -20 н; о, = и ' * 2О 4 и/е» х, = -20+ 4с. Точки пересечения графиков с осью х показывают начальную координату лвнження, т. е. хс.
Характеристики
Тип файла PDF
PDF-формат наиболее широко используется для просмотра любого типа файлов на любом устройстве. В него можно сохранить документ, таблицы, презентацию, текст, чертежи, вычисления, графики и всё остальное, что можно показать на экране любого устройства. Именно его лучше всего использовать для печати.
Например, если Вам нужно распечатать чертёж из автокада, Вы сохраните чертёж на флешку, но будет ли автокад в пункте печати? А если будет, то нужная версия с нужными библиотеками? Именно для этого и нужен формат PDF - в нём точно будет показано верно вне зависимости от того, в какой программе создали PDF-файл и есть ли нужная программа для его просмотра.
![](https://s.studizba.com/z.php?f=/templates/si/i/noavatar.png&w=100&h=100&t=1"){kind=avatar}
