Билет4 (Билеты, ответы и шпоры на экзамен в одном флаконе (ИУ5))
Описание файла
Файл "Билет4" внутри архива находится в папке "Билеты, ответы и шпоры на экзамен в одном флаконе (ИУ5)". Документ из архива "Билеты, ответы и шпоры на экзамен в одном флаконе (ИУ5)", который расположен в категории "". Всё это находится в предмете "линейная алгебра и аналитическая геометрия" из 1 семестр, которые можно найти в файловом архиве МГТУ им. Н.Э.Баумана. Не смотря на прямую связь этого архива с МГТУ им. Н.Э.Баумана, его также можно найти и в других разделах. Архив можно найти в разделе "к экзамену/зачёту", в предмете "аналитическая геометрия" в общих файлах.
Онлайн просмотр документа "Билет4"
Текст из документа "Билет4"
Билет№4
-
ОПР.Базис называют ортогональным, если он состоит из векторов, лежащих на взаимно перпендикулярных прямых. Базис называют ортонормированным, если он ортогональный и состоит из единичных векторов.
Параллелепипед, изобр. на рис. в ортонормированном базисе в V3 является прямоугольным,а точки A’,B’,C’ – ортогональными проекциями точки D на соответствующие прямые. Координаты вектора d=OD в ортонормированном базисе равны ортогональным проекциям этого вектора на направления векторов, образ. этот базис. Ортонорм. Базис в V3 принято обозначать, с учетом порядка, буквами i,j,k
П о теореме Пифагора |OX|2=|OXi|2+|OXj|2+|OXk|2 , где точки Xi Xj Xk – ортогон. проекции точки X на соответствующие оси.Но длины отрезков OXi OXj OXk – это абсолютные значения координат вектора x=OX в базисе i,j,k.В результате получаем формулу для вычисления длины вектора в ортонормированном базисе:
Пусть ненулевой вектор x в V3, образует с направлениями векторов ортонормированного базиса i,j,k углы α,β,γ соответственно. Величины cosα, cosβ, cosγ называют направляющими косинусами вектора x.
Если x имеет в ортонормированном базисе координаты {x1;x2;x3} и направляющие косинусы cosα, cosβ, cosγ, то x1=|x| cosβ, x2=|x| cosα, x3=|x| cosγ
По формуле длины вектора получаем:
Сократив на |x|!=0 получаем: cos2α+cos2β+cos2γ=1
ВСПОМНИМ формулу скалярного произведения векторов ab=|a||b|cosφ, отсюда
cosφ= ab/|a||b|, подставив координаты векторов в ортонорм. базисе получаем:
-
О ПР.Однородная СЛАУ Система m линейных уравнений с n неизвестными (СЛАУ) в линейной алгебре — это система уравнений вида
Т.е. это СЛАУ свободными членами которой являются 0.
-
Теорема о структуре общего решения СЛАУ. Если x(1),x(2),…x(s) – произвольная фундаментальная система решений однородной СЛАУ. Ax=0, то любое её решение x можно предст. в виде x=с1x(1)+…+ckx(k), где с1….сn – некоторые постоянные. Соотношение называют общим решением однородной СЛАУ.
ДОК. Пусть некоторое решение однор. СЛАУ Ax=0 имеет вид (1) Пусть базисный минор матрицы А сосредоточен в верхнем левом углу, тогда рассматриваемая однородная СЛАУ имеет те же решения, что и система
(1)
Эта система имеет невырожденную матрицу, так как ее определитель совпадает с базисным минором матрицы А исходной СЛАУ.Решая систему относительно базисных неизвестных (например с помощью формул Крамера) получаем соотношения
Запишем ФСР в координатной форме
Затем составим из столбцов матрицу
Последние k столбцов образуют ФСР и по определению линейно независимы, а так как ранг матрицы равен максимальному числу линейно независимых столбцов, то RgB>=k.
Покажем что RgB=<k. Так как столбцы матрицы В явл. Решением системыAx=0, их элементы удовл. соотнош., т.е.
(2)
Где .Вычтем из первой строки матрицы В линейную комбинацию последних k=n-r строк с коэффициентами α1,r+1,…,α1n. Тогда согласно первому равенству из (2) в результате этих преобразований мы получим матрицу у кот. Первые r строк нулевые. Т.к. при этом ранг матрицы не меняется RgB=<n-r=k. Поскольку RgB=k, а последние k столбцов матрицы В линейно независимы, тро, согласно теореме о линейно независимых базисных сроках(столбцах) они явл. Базисными, =>первый столбец x по теорему о базисном миноре, явл их линейной комбинацией. Это значит что сущ. такие постоянные , что выполнено равенство (1)