Типовые задачи по линейной алгебре, страница 6
Описание файла
PDF-файл из архива "Типовые задачи по линейной алгебре", который расположен в категории "". Всё это находится в предмете "линейная алгебра и аналитическая геометрия" из 1 семестр, которые можно найти в файловом архиве МАИ. Не смотря на прямую связь этого архива с МАИ, его также можно найти и в других разделах. Архив можно найти в разделе "книги и методические указания", в предмете "аналитическая геометрия" в общих файлах.
Просмотр PDF-файла онлайн
Текст 6 страницы из PDF
Применяем алгоритм нахождения базы системы столбцов.1. Составляем из данных столбцов матрицуA ( A1A2A3A4 1 2 1 1 402 6 2 0A5 ) .2 40 4 6 2 4 1 75 2. Приводим матрицу A к ступенчатому виду, преобразовывая только строки (ведущиеэлементы выделены полужирным шрифтом): 1 2 1 1 4 1 02 6 2 0 0A~2 40 4 6 0 2 4 1 75 02 1 1 4 1 0 2 6 2 0~0 2 6 2 0 0 3 9 3 02 1 1 40 2 6 2 A . (3.3)0 000 0 000 3. Первый и третий столбцы матрицы A – базисные (это столбцы с ведущими элементами). Следовательно, в исходной матрице A базисными также являются столбцы A1 и A3 .Они образуют искомую базу данной системы столбцов.Применим алгоритм разложения столбцов A2 , A4 , A5 данной системы по ее базе A1 , A3 .1.
Составим блочную матрицу ( AT a) , дополнив матрицу AT справа столбцом символов a1 , a2 , a3 , a4 , a5 обозначающих ее строки: 1 0 2 2 a1 04 4 a2 20 1 a3 .( AT a) 1 2 1 6 4 7 a4 4 2 6 5 a 5Поменяем местами вторую и третью строки, поскольку базисные столбцы A1 и A3 . 1 0 2 2 a1 1 0 2 2 04 4 a2 1 20 1 2T0 1 a3 ~ 204 4( A a) 1 2 1 6 4 7 a4 1 6 4 7 4 2 6 5 a 4 2 6 55 30a1 a3 a2 .a4 a5 2.
Приводим левый блок к ступенчатому виду, используя элементарные преобразованиястрок блочной матрицы. Выбираем в качестве ведущего элемент a11 1 0 (ведущие элементы выделены полужирным шрифтом). Ко второй строке прибавляем первую, умноженную на ( 1 ), к третьей – первую, умноженную на 2, к четвертой – первую, к пятой – первую,умноженную на ( 4 ). Получаем 1 0 2 20 1 1 2 204 4 1 6 4 7 4 2 6 5a1 1 0 2 2a1a1 1 0 2 2 a3 022 3 a3 (1)a1 022 3 a3 a1 a2 ~ 0000a2 2a1 ~ 0000 a2 2a1 . a4 0 6 6 9a4 a1 0 6 6 9a4 a1 a5 022 3 a5 (4)a1 022 3 a5 4a1 Выбираем ведущий элемент a22 2 0 .
К третьей строке прибавляем вторую, умноженнуюна 3, а к четвертой – вторую умноженную на ( 1 ):a1 11 0 2 2 22 3 a3 a1 0 0 0000 a2 2a1 ~ 0 a4 a1 0 0 6 6 9 022 3 a5 4a1 01 0~ 0 0 00 2 2a12 2 3a3 a1~0 00a2 2a10 00a4 a1 3(a3 a1) 0 00 a5 4a1 (1)(a3 a1) 0 2 2a12 2 3a3 a10 00a2 2a1 .0 00 a4 2a1 3a3 0 00a5 3a1 a3 3. Последние три строки нулевые, т.е.a2 2a1 oT ,a4 2a1 3a3 oT ,a5 3a1 a3 oT ,где oT (0 0 0 0) – нулевая строка. Транспонируем обе части каждого равенства, учитывая, что aiT Ai , i 1,...,5 :A2 2 A1 o , A4 2 A1 3 A3 o , A5 3 A1 A3 o .Выражаем столбцы A2 , A4 , A5 через базисные: A2 2 A1 , A4 2 A1 3 A3 , A5 3 A1 A3 .Отметим, что найденная база A1 , A3 данной системы столбцов не является единственной.
По ступенчатому виду (3.3) можно определить, что базу системы образуют любые двастолбца, за исключением первых двух, которые пропорциональны.Ответ: A1 , A3 ; A2 2 A1 , A4 2 A1 3 A3 ; A5 3 A1 A3 .314. ОБРАТНАЯ МАТРИЦАПусть A – квадратная матрица порядка n . Матрица A1 , удовлетворяющая вместе с заданной матрицей A равенствам:A1 A A A1 E ,называется обратной. Матрицу A называют обратимой, если для нее существует обратная,в противном случае – необратимой. По определению матрицы A и A1 перестановочны.Из определения следует, что если обратная матрица A1 существует, то она квадратнаятого же порядка, что и A .
Однако не для всякой квадратной матрицы существует обратная.Если определитель матрицы A равен нулю ( det A 0 ), то для нее не существует обратной.Квадратную матрицу, определитель которой равен нулю, называют вырожденной (особой)матрицей, в противном случае – невырожденной (неособой).Теорема (о существовании и единственности обратной матрицы). Квадратная мат a11 a1n рица A , определитель которой отличен от нуля, имеет обратную матриa n1 ann цу и притом только одну: A111 A12A1 det A A 1n A11 A12где A A 1nA21A22A2nA21A22A2n An1 An 2 1A , detA Ann (4.1) An1 An 2 – матрица, транспонированная для матрицы, составленной Ann из алгебраических дополнений элементов матрицы A . Матрица A называется присоединенной матрицей по отношению к матрице A .Свойства обратной матрицы 1 A ;1. A14.
det A1 1;det A2. A B 1 B 1 A1 ;5. E 1 E .32 1 A1 T ;3. ATАлгоритм нахождения обратной матрицы с помощью присоединенной1. Вычислить определитель det A данной матрицы. Если det A 0 , то обратной матрицыне существует (матрица A вырожденная).2. Составить матрицу ( Aij ) из алгебраических дополнений Aij 1 i j M ij элементовматрицы A .3.
Транспонируя матрицу ( Aij ) , получить присоединенную матрицу A ( Aij ) T .4. Найти обратную матрицу (4.1), разделив все элементы присоединенной матрицы наопределитель det A :A1 1A .det AНапример, для невырожденных квадратных матриц второго порядка из алгоритма следует простое правило нахождения обратной матрицы:1) поменять местами элементы на главной диагонали;2) изменить знаки у элементов побочной диагонали;3) поделить полученную матрицу на определитель. В результате получить обратнуюматрицуa b c d 1 d b1.ad bc c a (4.2)Алгоритм нахождения обратной матрицы с помощью элементарных преобразований1.
Составить блочную матрицу A E , приписав к данной матрице A единичную матрицу того же порядка.2. При помощи элементарных преобразований, выполняемых над строками матрицыAE , привести ее левый блок A к простейшему виду (1.3). При этом блочная матрицаприводится к виду S , где S – квадратная матрица, полученная в результате преобразований из единичной матрицы E .3. Если E , то блок S равен обратной матрице, т.е. S A1 .
Если E , то матрицаA не имеет обратной.Рассмотрим матричные уравнения видаAX B и Y A B,(4.3)где A и B – данные матрицы, причем матрица A квадратная, а X , Y – искомые матрицы.33Теорема (о существовании и единственности решения матричного уравнения). Еслиопределитель матрицы A отличен от нуля, то матричные уравнения (4.3) имеют единственные решения X A1B и Y B A1 соответственно.Уравнения (4.3) могут иметь бесконечно много решений или ни одного решения, еслиdet A 0 . Например, уравнение 1 2 3 X 2 4 5не имеет решений, а уравнению 1 2 3 X 2 46 3 2a 3 2b , где a , b .удовлетворяют любые матрицы вида X abПример 12.
Найти матрицы, обратные данным матрицам1 2 11 2 , B 0 1 0 ,A 1 4 0 2 2а) вычисляя присоединенную матрицу; б) применяя элементарные преобразования.Решение. М а т р и ц а A . Найдем обратную матрицу A1 , вычисляя присоединенную(п. а) з а д а н и я ).1. Находим определитель матрицы det A 2 .2. Находим алгебраические дополнения элементов данной матрицы:A11 111 4 4 ;A12 11 2 1 1 ;A21 121 2 2 ;B22 12 2 1 1 ; 4 1 .и составляем из них матрицу ( Aij ) 2 1 3. Транспонируя матрицу ( Aij ) , получаем присоединенную матрицу 4 2 .A ( Aij ) T 1 1 4.
Разделив все элементы присоединенной матрицы на определитель det A 2 , получимобратную матрицу: A1 21A 1det A 2 11 .2 341 2 a b Такой же результат получаем, используя правило (4.2) для матрицы A 1 4 c d A1 1 d b 1 4 2 2 1det A c a 2 1 1 2 11 .2 Найдем обратную матрицу A1 при помощи элементарных преобразований (п.
б) з а дания).1. Составим блочную матрицу A E , приписав к матрице A единичную матрицу тогоже порядка:A1 2 1 0 .E 1 4 0 1 2. Элементарными преобразованиями строк приводим ее к виду ( EAA1) : 1 2 1 0 1 2 1 0 1 0 2 1 1 0 2 ~ ~ ~ E 1140102110211 0 1 2 2В правом блоке получаем обратную матрицу A1 1 2 11 .2 11 .2 М а т р и ц а B .
Найдем обратную матрицу B 1 , вычисляя присоединенную (п. а) з а д а н и я ).1. Находим определитель матрицы det B 2 .2. Находим алгебраические дополнения элементов данной матрицы:B11 111 1 0 2;2 2B12 11 2 0 0 0;0 2B13 113 0 1 0;0 2B21 12 1 2 11 11 2 2 ; B22 12 2 2 ; B23 123 2 ;2 20 20 2B31 131 2 1 1 ;1 0B32 13 2 1 10;0 0 2 0 0 и составляем из них матрицу ( Bij ) 2 2 2 . 1 0 1 35B33 133 1 210 13. Транспонируя матрицу ( Bij ) , получаем присоединенную матрицуB ( Bij )T 2 2 1 0 20 .0 2 1 4.