metod1_KI_dlya_studentov (549672), страница 4
Текст из файла (страница 4)
Il mdl 2 .Моменты инерции неоднородной пластины D с плотностью x, y относительно осей OX и OY вычисляются по следующим формулам:I x y 2 x, y dxdyDI y x 2 x, y dxdy(4.4)DМомент инерции пластины относительно начала координатвычисляется по формуле:I 0 I x I y x 2 y 2 x, y dxdy(4.5)DПример 4.1 . (2225) Найти массу круглой пластинки радиуса R, еслиплотность в каждой точке пропорциональна расстоянию от центра и равна δна краю пластинки.25Решение.Из условия следует, что если r - расстояние отцентра до точки, а - коэффициентпропорциональности, то плотность x, y r .Следовательно,Рис.4.2 x, y M x, y dxdy D . R , откуда получаем. Искомую массу вычисляем по формулеR(4.1), подставляя в неё найденную плотность.RR При r Rrx2 y 2 .Rx 2 y 2 dxdy.DРасставим пределы интегрирования в повторном интеграле, переходя кполярной системе координат, и вычислим его:22 R 2M d r dr .R 030Пример 4.2 (2237)Найдём момент инерции относительно полюса фигуры, ограниченнойR2кардиоидой r a 1 cos , если плотность в каждой точке равна единице.Решение.Построим кардиоиду.
(См. рис 4.3)Момент инерции относительно полюса вычислим по формуле (4.5):I 0 x 2 y 2 x, y dxdy.DПри расстановке пределов интегрирования в повторном интеграле перейдёмк полярным координатам и затем вычислиминтеграл. ПолучимI 0 1 r d dr 3D1424 r0a 1 cos 2 d 0a 1 cos 0d r 3dr 04 2a4 1 cos 04d 35 4a .16Рисунок 4.326Пример 4.3. Найдём координаты центра масс однородной пластинки,ограниченной частью эллипса и осями координат так, чтоx2 y 2 1, x 0, y 0.a 2 b2Решение. Для удобства вычислений перейдём к обобщённым полярным x a r cos координатам. Для эллипса они имеют вид: y b r sin , J abr .Действительно, при подстановке в уравнение эллипса, имеем: a cos 2 b sin 2 1 r 1.
Таким образом, четверть эллипсаa2b2отображается в четверть единичной окружности.Рисунок 4.5Далее, по формулам (4.1)- (4.3) вычисляем массу пластины, статическиемоменты и координаты центра масс. Плотность x, y constМасса пластинки:2100M x, y dxdy ab rd dr ab d rdr DD1 ab4.Координаты центра масс:144 ab 24a2xc xx,ydxdyacosdrdr0M ab ab 03DKy1K44 ab 24byc x yx,ydxdyb sin d r 2 dr .M ab D ab 030 4a 4b Ответ: C , . 3 3 27Занятие 5.Тройной интеграл.
Определение тройного интеграла и его свойства.Формулировка теоремы существования тройного интеграла. Сведениетройного интеграла к повторному и его вычисление в декартовойсистеме координат.1.Определение тройного интеграла.Пусть в трёхмерном пространствеR3 задана ограниченная замкнутаяобласть V, в каждой точке Piкоторой определена функцияf(Pi).
Разобьём область V гладкимиповерхностями на n элементарныхчастей, не имеющих общихвнутренних точек, в каждой частипроизвольно выберем точки P1, P2,…, Pn и вычислим значенияфункции в этих точках: f(P1), f(P2),…, f(Pn). Пусть область V имеетконечный объём и ∆V1, ∆V2 , …,∆Vn – объёмы соответствующихэлементарных ячеек, а d i -диаметркаждой из них. СоставимРисунок 5. 6интегральную сумму:nSn f Pi Vi .i 1Если существует предел последовательности этих сумм при условии, чтоколичество разбиений неограниченно растёт, а максимальный из всехдиаметров элементарных частей d стремится к нулю, то он называетсятройным интегралом по области V от функции f(x,y,z).n f x, y, z dV lim f P V .Vn d 0 i 1iiВ декартовых координатах : f x, y, z dV f x, y, z dxdydzV(5.1)V2.Теорема существования тройного интеграла.Если подынтегральная функция f(x,y,z) непрерывна на области V, то онаnинтегрируема по этой области, т.е.
существует предел nlim f Pi Vi ,d 0 i 1который не зависит от способа разбиения V на части и от выбора точек Pi .3.Свойства тройного интеграла.28Свойства тройных интегралов аналогичны свойствам двойных интегралов отфункций, непрерывных в рассматриваемых областях.1. Линейность. Если функции интегрируемы по области V , то и ихлинейная комбинация интегрируема. f x, y, z f x, y, z dxdydz 12V f1 x, y, z dxdydz f 2 x, y, z dxdydz.VV2. Аддитивность. Если область V разбита на две области V1 и V2, неимеющие общих точек, то f x, y, z dxdydz f x, y, z dxdydz f x, y, z dxdydzVV1V2Примечание. Свойства 1 и 2 верны для любого фиксированного числаслагаемых.f x, y, z 0 , то3.Сохранение знака.
Если в области V f x, y, z dV 0 .V4. Интегрирование неравенств . Если в области V f1 x, y, z f 2 x, y, z ,то f x, y, z dxdydz f x, y, z dxdydz ,12VV5.Для знакопеременной функции f(x,y,z) справедливо неравенство: f x, y, z dxdydz f x, y, z dxdydz .VV6. Интеграл от единичной функции по области V равен объёму этойобласти.V dxdydz(5.2)V7.Теорема об оценке. Если функция интегрируема по области T и в этойобласти m f x, y, z M , то mV T f x, y, z dxdydz MV T , гдеV T -объём области T .T298.Теорема о среднем.
Если функция f(x,y,z) непрерывна в замкнутойобласти V, то в этой области существует точка M , , , такая, что f x, y, z dxdydz f , , V ,Vгде V – объем данной области.4.Вычисление тройного интеграла.Пусть замкнутая ограниченная область V проецируется на координатнуюплоскость XOY в правильную область D и любая прямая, перпендикулярнаяэтой области D , пересекает граничную поверхность области V в двух точках(одна нижняя и одна верхняя).Т.е. V x, y, z x, y Dxy, z1 x, y z z2 x, y , где z1 x, y и z2 x, y непрерывные функции в области Dxy .
Такая область V называетсяправильной.Теорема. Если V - правильная область с кусочно-гладкой границей,f x, y, z - непрерывная функция, то тройной интегралz2 x , y f x, y, z dxdydz dxdy Vf x, y, z dz .z1 x , y DЕсли область Dxy является y- правильной, то двойной интеграл в своюочередь сводится к повторному иby2 x f x, y, z dxdydz dx Vay1 x z2 x , y dyz1 x , y f x, y, z dz .(5.3)В тройном интеграле, так же, как в двойном можно менять порядокинтегрирования.Пример 5.1 (2240) Расставим пределы интегрирования в тройном интеграле, f x, y, z dV f x, y, z dxdydz , где V – тетраэдр, ограниченныйVVплоскостями x y z 1, x 0, y 0, z 0.Решение. Построим данные в условии плоскости и выделим тетраэдр, объёмкоторого требуется вычислить (см.
рис. (5.2)).30Построенный тетраэдр проецируется вправильную область D , расположеннуюв плоскости XOY , и любая прямая,проходящая через внутреннюю точку Dперпендикулярно этой области,пересекает граничные поверхноститетраэдра в двух точках, в одной нижнейи одной верхней. Т.е. тетраэдр занимаетв пространстве правильную область V .V x, y, z x, y Dxy, 0 z 1 x yРисунок 5. 7Рисунок 5.8При этомV1 x yf x, y, z dxdydz dxdyDf x, y, z dz .0Область D является y -правильной. Для всех её точек 0 x 1,0 y 1 x .Переходя к повторному интегралу, расставляем пределы интегрирования.11 x1 x y000 f x, y, z dxdydz dx dy Vf x, y, z dz .Самостоятельно измените порядок интегрирования, спроецировав тетраэдр вдругую координатную плоскость.Пример 5.2 Вычислим объём тела, ограниченного поверхностями:z x2 y 2 , z 4, y 1, y 1 .Решение.
Построим заданныеповерхности и выделим тело, объёмкоторого требуется вычислить. (См.рис.5.3)Полученноетело проецируем в плоскость XOY иполучаем область Dxy - сегмент круга.Определим границы сектора. Плоскостьz 4 пересекает параболоид поокружности, которая проецируется вчасть границы области D :Рисунок 5. 3 z x2 y 2 x2 y 2 4 .z 431Область V , занимаемая в пространстве телом T , является правильной иV x, y, z x, y Dxy, x2 y 2 z 4Для удобства дальнейших рассуждений построим область Dxy на отдельномрисунке 5.4. Заметим, что область и само тело являются симметричнымиотносительноплоскостиYOZ .Dxy как xРассматривая областьправильную, с учётомрасставим пределы в24 y 210интеграле: V 2 dyсимметрии,повторном4dxdz .x2 y 2Рисунок 5.4Ниже приведено подробное вычисление данного интеграла.2V 2 dy14 y 204dx2x2 y 2dz 2 dy1z x2 y 2 dx 404 y 2 4 y x dx 22 dy2120x 2 4 y2 x 3 01234 y 24 y 2 y 2sin t 2342 2dy 4 y dy dy 2cos tdt 31t ; 6 2 6416 3tsin 4t 2 84costdtsin2t3 3. 3 328 326632Занятие 6.Замена переменных в тройном интеграле.
Цилиндрические, сферическиекоординаты. Якобиан для цилиндрических и сферических координат.Вычисление тройного интеграла в цилиндрических и сферическихкоординатах. Вычисление объемов тел с помощью тройного интеграла.1. Замена переменных в тройном интеграле.Пусть в пространстве OUVW задана область V .Теорема. Если непрерывно дифференцируемые функцииx x u, v, w , y y u, v, w , z z u, v, w взаимно однозначно отображаютобласть V пространства OUVW на область V в пространстве OXYZ иякобиан отображения V ' Vx yu u x, y, z x yJ u , v, w v vx yw wzuz отличен от нуля,vzwто справедлива формула f x, y, z dxdydz f x u, v, w , y u, v, w , z u, v, w J dudvdw (6.1)VV'2.Цилиндрическая система координат.В цилиндрической системе координат положение точки M в пространствехарактеризуется тремя координатами:r -расстояние от начала координат допроекции точки M на плоскость XOY , -угол поворота радиус-векторапроекции точки на эту же плоскостьотносительно оси OX , z -аппликататочки.
(Первые две координаты точкисовпадают с полярными координатамиеё проекции на плоскость XOY - см.рис 6.1).Связь междуцилиндрическими и декартовымиРисунок 6.9координатами выглядит следующимобразом: x r cos y r sin z z, где0 2 , 0 r , z . (6.2)33Самостоятельно вычислите Якобиан и убедитесь в том, что J r .Следовательно, переходя к цилиндрическим координатам, имеем f x, y, z dxdydz f r cos , r sin , z rddrdzV(6.3)VЗамечание 1. Целесообразно переходить к цилиндрической системекоординат, если уравнения поверхностей, ограничивающих тело, илиподынтегральная функция зависят от x 2 y 2 , т.к. при этом переходеx2 y2 r 2 .VЕсли область V правильная и x, y, z x, y Dxy, z1 x, y z z2 x, y , то2 r , f x, y, z dxdydz rddr f r cos , r sin , z dz ,VDxy1r , (6.3а)где z1 x, y 1 r , , z2 x, y 2 x, y .3.Сферическая система координат.В сферической системе координат положениеточки в пространстве характеризуетсятоже тремя координатами: r расстояние от начала координат досамой точки M , -угол поворотарадиус-вектора проекции M точкиM на плоскость XOY относительнооси OX , -угол между радиусвектором точки M и осью OZ ( см.рис.