31056-1 (Рациональные уравнения и неравенства), страница 8
Описание файла
Документ из архива "Рациональные уравнения и неравенства", который расположен в категории "". Всё это находится в предмете "математика" из , которые можно найти в файловом архиве . Не смотря на прямую связь этого архива с , его также можно найти и в других разделах. Архив можно найти в разделе "рефераты, доклады и презентации", в предмете "математика" в общих файлах.
Онлайн просмотр документа "31056-1"
Текст 8 страницы из документа "31056-1"
Неравенства, содержащие неизвестное под знаком абсолютной величины.
При решении неравенства, содержащих неизвестное под знаком абсолютной величены, используется тот же прием, что и при решении уравнении, содержащих неизвестное под знаком абсолютной величены, именно: решение исходного неравенства сводится к решению нескольких неравенств, рассматриваемых на промежутках знакопостоянства выражений, стоящих под знаков абсолютной величены.
Пример: Решить неравенство
х2 - 2 + х < 0. (*)
Решение: Рассмотрим промежутки знакопостоянства выражения х2 – 2, стоящего под знаком абсолютной величены.
-
Предположим, что
х2 – 2 0,
тогда неравенство (*) принимает вид
х2 + х –2 < 0.
Пересечение множества решений этого неравенства и неравенства х2 –2 0 представляет собой первое множество решений исходного неравенства (рис 1): х(-2; -].
2) Предположим, что х2 – 2 < 0, тогда согласно определению абсолютной величены имеем х2 - 2= 2 – х2, и неравенство (*) приобретает вид
2 – х2 + х < 0.
Рис. 1
Рис. 2
Пересечение множества решений этого неравенства и неравенства х2 – 2 < 0 дает второе множество решений исходного неравенства (рис. 2): х(-; -1).
Объединяя найденные множества решений, окончательно получаем х(-2; -1)
Ответ: х(-2; -1).
В отличие от уравнений неравенства не допускают непосредственной проверки. Однако в большинстве случаев можно убедиться в правильности полученных результатов графическим способом. Действительно, запишем неравенство примера в виде
х - 2 < -х.
Построим функции y1 =х2 - 2 и y2 = -х, входящие в левую и правую часть рассматриваемого неравенства, и найдем те значения аргумента, при которых y1
На рис. 3 заштрихованная область оси абсцисс содержит искомые значения х.
Рис. 3
Р
ешение неравенств, содержащих знак абсолютной величены, иногда можно значительно сократить, используя равенство х2= х2.
Пример: Решить неравенство
> 1. (*)
Решение: Исходное неравенство при всех х -2 эквивалентно неравенству
х - 1> х + 2. (**)
Возведя обе части неравенства (**) в квадрат, после приведения подобных членов получаем неравенство
6х < -3,
т.е. х < -1/2.
Учитывая множество допустимых значений исходного неравенства, определяемого условием х -2, окончательно получаем, что неравенство (*) выполняется при всех х(-; -2)(-2; -1/2).
Ответ: (-; -2)(-2; -1/2).
Пример: Найти наименьшее целое х, удовлетворяющее неравенству:
> 1.
Р
-(2х + 5) < х + 1
2х + 5 > х +1,
х > -4,
x > -4/3.
ешение: Так как х +1 0 и, по условию, х +1 0, то данное неравенство равносильно следующему: 2х + 5 > х +1. Последнее в свою очередь, эквивалентно системе неравенств –(2х + 5) < х + 1 < 2х + 5,о ткуда
Наименьшим целым числом х удовлетворяющей этой системе будет неравенств, является 0. Заметим, что х -1, иначе выражение в левой части данного неравенства не имеет смысла.
Ответ: 0.
Пример: Решить неравенство:
х - 2 .
Решение: Пусть х = y. Заметим далее, что х + 1 > 0. Поэтому данное неравенство эквивалентно следующему: -2 (y –2)(y + 1), или y2 – y 0, или 0 y 1, или 0 х 1. Отсюда -1 х 1.
Ответ: [-1; 1].
Пример: Решить неравенство
х2 – 3х + 2+ 2х + 1 5.
Решение. х2 – 3х + 2 отрицателен при 1 < x < 2 и неотрицателен при остальных х, 2х + 1 меняет знак при х = -½. Следовательно, нам надо рассмотреть четыре случая.
-
х < -½. В этом случае х2 – 3х + 2 > 0, 2х +1 < 0. Получаем неравенство х2 – 3х + 2 – 2х – 1 5, х2 – 5х – 4 0. С учетом условия х < -½ находим х -½.
-
– ½ х 1. Имеем неравенство х2 – х – 2 0. Его решение –1 х 2. Следовательно, весь отрезок –½ x 1удовлетворяет неравенству .
-
1 < x < 2. Получаем х2 – 5х + 6 0; х 2 или х 3. Вновь подходит весь интервал.
-
х 2. Неравенство то же, что и в случае 2. Подходит лишь х = 2.
Ответ: х 2.
Пример: Решить неравенство.
х3 + х - 3- 5 х3 – х + 8.
Решение. Решим это неравенство не стандартным образом.
х3 + х - 3 - 5 х3 – х + 8, х3 + х - 3 х3 – х + 13
х3 + х - 3 - 5 -х3 + х – 8 х3 + х - 3 - х3 + х – 3
х3 + х – 3 х3 – х + 13 х 8,
х3 + х – 3 -х3 + х – 13, х3 -5,
х3 + х – 3 -х3 + х – 3, х3 0,
х3 + х – 3 х3 – х + 3 х 3
- х 8, - х 8.
х – любое
Ответ: - х 8.
Неравенства с параметрами.
Неравенства с параметрами являются наиболее трудными задачами курса элементарной математики. Это объясняется тем, что их решения следует получать при всех допустимых значениях входящих в них параметров.
Пример: Для всех значений а решить неравенство
aх > 1/x.
Решение: Запишем неравенство в виде
> 0,
тогда исходное неравенство эквивалентно двум системам неравенств:
ax2 – 1 > 0, ax2 – 1 < 0,
x > 0; x < 0.
Рассмотрим первую систему. Первое неравенство запишем в виде:
ax2 > 1.
При а > 0 оно эквивалентно неравенству х2 > 1/a, множество решений которого х < -1/ и x > 1/. В этом случае решения первой системы: х(1/; ). При а 0 левая часть неравенства ах2 –1 > 0 отрицательна при любом х и неравенство решений не имеет, а следовательно, не имеет решений и вся система неравенств.
Рассмотрим вторую систему. При а > 0 решениями неравенства ах2 – 1<0 будут значения х(-1/; 1/), а решениями системы значения х(-1/; 0). При a 0 левая часть неравенства ах2 –1 < 0 отрицательна при
л
а
б
юбых значениях х, т.е. это неравенство выполняется при все хR и, следовательно, решениями системы будут значения х(-; 0).
Приведем графическую иллюстрацию решения этого примера.
Для этого рассмотрим отдельно два случая а > 0 и а 0 и для каждого из них построим графики функций, стоящих в левой и правой частях исходного неравенства. Заштрихованные промежутки оси Ох представляют собой решение неравенства в рассматриваемых случаях.
Графическая иллюстрация облегчает решение уравнений и неравенств с параметрами.
Ответ: Если а 0, то х(-; 0); если а > 0, то х(-1/; 0)(1/; ).
Пример: Решить неравенство:
< .
Решение: Преобразуем данное неравенство: 3m2х + 3 – 2mx2 – 6 < m + 9x; mx2 – 9x < m + 3; (m – 3)(m + 3)x < m + 3. Далее находим решение неравенства при различных значения параметра m:
-
Пусть (m – 3)(m + 3) > 0, т.е. m < -3 или m > 3. Тогда неравенство имеет решение х < 1/(m – 3).
-
Пусть (m – 3)(m + 3) < 0, т.е. –3 < m < 3. Тогда неравенство имеет решение х > 1/(m – 3).
-
Пусть (m – 3)(m + 3) = 0, т.е. m = 3 или m = -3. Тогда если m = 3, то неравенство примет вид 0х < 6 и, значит выполняется при любом хR. Если же m = -3, то неравенство примет вид 0х < 0 и, следовательно, не имеет решении.
Пример: Для каждого неотрицательного значения параметра а решить неравенство
4а3х4 + 4а2х2 + 32х + а + 8 0.
Решение. Левая часть неравенства представляет собой многочлен как относительно х, так и относительно параметра а. Степени соответственно равны 4 и 3. Однако если умножить многочлен на а, а затем сделать замену y = ax, то в новом многочлене максимальная степень параметра а будет равна 2. Случай а = 0 дает нам ответ х - ¼. Будем теперь считать, что а > 0. Умножив обе части неравенства на а и сделав замену y = ax, получим
4y4 + 4ay2 + 32y + a2 + 8a 0.
Левая часть представляет собой квадратный трехчлен относительно а:
a2 + (4y2 + 8)a + 4y2 + 32y 0,
¼D = (2y2 + 4) 2 – 4y2 – 32y = 16(y – 1) 2.
Раскладывая левую часть неравенства на множители, получим
(а + 2y2 + 4y)(a + 2y2 – 4y + 8) 0,
или
(2y2 + 4y + a)(2y2 – 4y + 8 + a) 0.
Второй множитель положителен при всех y, если а > 0. Приходим к неравенству 2y2 + 4y + a 0, откуда, если 0 < a < 2, y ½(-2 -) или y ½(-2+); если а 2, y – любое. Возвращаясь к х, получим ответ.
Ответ: Если а = 0, то х - ¼; если 0 < a < 2, то х 1/2a*(-2 - ) или х 1/2a(-2 + ); если а 2, то х – любое.
П
Рис. 1, а
ример: Решить систему неравенствх 2 – 3х + 2 0,
ах2 – 2(а + 1)х + а – 1 0.
Решение: Поскольку решением первого неравенства является 1 х 2, то задача сводится (при а 0) к выяснению расположения корней квадратного трехчлена f(x) = ах2 – 2(а + 1)х + а –1 относительно отрезка [1; 2]. Имеем
¼D = (а + 1) 2 – а(а – 1) = 3а + 1, f(1) = -3, f(2) = а – 5.
Область изменения параметра а оказалось разделенной на 4 части (не считая граничных точек).
-
Если а < - 1/3, второе неравенство, а следовательно и данная система не имеют решения. То же имеет место и при а = -1/3.
-
Е
Рис. 1, б
сли –1/3 < a < 0, то f(1) < 0, f(2) < 0. Для вершины параболы выполняется неравенство хв = < 0 (рис. 1,а ). Следовательно, множество решении второго неравенства не содержит точек отрезка [1; 2]. Система
не имеет решения. То же имеет место и при а = 0.
-
Если 0 < a < 5, то f(1) < 0, f(2) < 0 (рис. 1, б). Значит, на всем отрезке [1; 2] f(x) < 0. Система вновь не имеет решения.
-
Е сли а 5, то f(1) < 0, f(2) 0 (рис. 1, в). Решением системы будет х2 х 2 где х2 – больший корень уравнения f(x) = 0.
О
Рис. 1, в
твет: Если а < 5, система не имеет решения; если а 5, то 1/а(а + 1 +) х 2.Пример: Решить неравенство
2х2 + х – а - 8 х2 + 2х – 2а – 4.
Решить: Напомним, что неравенство а b эквивалентно двойному неравенству –b a b. В нашем случае после преобразования приходим к системе неравенств
а -х2 + х + 4,
а х2 + х – 4.
Изобразим на плоскости (х; а) множество точек, координаты которых удовлетворяют полученной системе. При конкретном значении параметра а = решением нашего неравенства будут абциссы тех точек горизонтальной прямой а = , которые находятся в заштрихованной области. Найдем точки пересечения А(2; 2), В(-2; -2) наших точек парабол и вершину С(-0,5; -4,25) параболы а = х2 +х – 4.
Далее получаем: если а > 2, то соответствующая прямая пересекается с заштрихованной областью.
Если –2 < a 2, то соответствующая прямая пересекается с заштрихованной областью по отрезку. Концами этого отрезка будут точки с абциссами ½(-1 + ) (больший корень уравнения а = х2 + х – 4 или х2 – х – 4 + а= 0).
Если –4¼ a -2, то горизонтальная прямая, соответствующая таким а, пересекается с заштрихованной областью по двум отрезкам. Решением неравенства будет
0>