Лекции (1108964), страница 7
Текст из файла (страница 7)
Докажем, что непрерывна. Пусть приращению
соответствует приращение
. При этом
по построению
. Но
- дифференцируемая функция, поэтому
(3), где
при
.
Так как по построению окрестности , из равенства (3) следует, что при
также и
, что означает непрерывность построенной
. (
).
Из равенства (3) следует, что , т.к.
,
и
при достаточно малых
(а значит, по доказанному выше, и
) коэффициент при
отличен от 0 и
. Значит,
. Теорема доказана.
Аналогичными рассуждениями можно доказать такую теорему:
Теорема. Пусть функция непрерывна и имеет все непрерывные частные производные в окрестности точки
такой, что
, причем
. Тогда существуют числа
такие, что в области
уравнение
равносильно уравнению
, причем функция
непрерывна и имеет непрерывные частные производные, причем
.
Важную роль играет аналогичная теорема для системы уравнений. Сформулируем некоторый частный случай подобной теоремы.
Теорема. Пусть (4), где функции
непрерывны и имеют непрерывные производные в некоторой области
(точки
). Пусть матрица Якоби
имеет в этой области ранг 2.
. Тогда, если, например, минор
, то в области
систему (4) можно преобразовать к уравнению
(5), причем
есть непрерывно дифференцируемая функция от
и
,
(6).
Замечание. Уравнения (4) представляют собой так называемое параметрическое задание поверхности. Уравнение (5) – это задание той же самой поверхности явным уравнением. Часто обозначают .
Если зафиксировать , то
- координатные линии (аналогично,
при фиксированном
также представляют собой координатные линии). При этом векторы
и
- касательные векторы к координатным линиям. Если взять точку поверхности, соответствующую параметрам
и рассмотреть касательную плоскость в этой точке, то векторы
|
(7), где буквы
обозначают соответствующие определители.
Тогда формулы (6) можно переписать в виде (8).
При этом если мы хотим рассматривать вместо (7) нормальный вектор единичной длины, то, деля (7) на его модуль, т.е. на , получаем
(9). Преобразуем выражение
. По определению, это есть
, где
– угол между
и
. Тогда
, где
,
,
(10).
Приложения доказанных теорем
Задача. Дано уравнение . Найти
.
Решение. Приведем уравнение к виду .
При левая часть – непрерывная функция.
;
.
, если
.
Итак, если и
, то рассматриваемое уравнение определяет
как функцию от
, и
(11).
Для подсчета второй производной: . Согласно (11),
.
Задача. Пусть . Найти
и
в точке, соответствующей
.
Решение. Справедливы все условия теоремы 3, т.к. (производные вычислены в точке
и ранг этой матрицы равен 2).
,
.
Замена переменных
Задача. Преобразовать уравнение (12) к полярным координатам.
Решение. ,
.
,
, и (12) принимает вид:
или
.
Задача. Преобразовать уравнение считая новой функцией
(13), новыми независимыми переменными
,
(14).
Решение. Согласно (13) (15). С другой стороны,
(16). Из (15) и (16) получаем:
,
. Откуда
,
и
. Поэтому исходное уравнение можно заменить уравнением
. Оно равносильно совокупности уравнений
и
, что и дает искомый результат.
-
Условный экстремум
Пусть дана функция и предположим, что переменные
удовлетворяют уравнениям связи
(1).
Определение. В точке , удовлетворяющей уравнениям (1) функция
имеет условный минимум (максимум) если неравенство
(
) выполняется в некоторой окрестности точки
для всех точек
, удовлетворяющих (1).
Для упрощения выкладок рассмотрим случай функции и 2-х уравнений связи
. Предположим, что
обладают непрерывными частными производными, причем ранг матрицы
равен 2. Для определенности, пусть
. Тогда по определению теоремы о системе неявных уравнений
,
, где
- непрерывные дифференцируемые функции и понятие условного экстремума функции
совпадает с экстремумом функции
. Стало быть, должны выполняться условия
,
, т.е.
(2). Иными словами,
,
. Для нахождения
воспользуемся уравнениями связи
(3).
Из этой системы можно линейно выразить и
через
и
, что и дает искомое выражение для
.
Есть, однако, специальный прием, называемый методом неопределенных множителей Лагранжа, который позволяет обойтись без решения этой системы. По инвариантности формы дифференциала, условие равносильно условию
, т.е.
(4). Умножим уравнения (3) на
и
соответственно и сложим с (4):
(5).
Выберем и
так, чтобы коэффициенты при
и
одновременно обращались в 0. Это можно сделать потому, что определитель системы
(6) не равен 0.
Тогда (5) примет вид , где
- дифференциалы независимых переменных. Поэтому и
(7).
Таким образом, необходимые условия экстремума вспомогательной функции совпадают с уравнениями (6) и (7) и, тем самым, с необходимыми условиями условного экстремума.
Достаточные условия получаются при исследовании 2-го дифференциала.
Пример 1. Найти экстремум функции при условии
.
Дадим 2 решения этой задачи.
Решение 1 основано на том, что уравнение связи можно решить: и получить, соответственно, 2 функции от
:
,
. Первая из них имеет максимум в точке
, вторая – минимум в точке
.
Выясним, что происходит в этих точках. С этой целью найдем .
. Из условия
следует
,
и в точке
, т.е.
. В точке
, т.е. снова
. Поэтому
, и в точке
получается:
, т.е. максимум, а в точке
– получается
, т.е. минимум.
54