1611690516-d99b7463a257f659341e7d5db73ba461 (Задачник Тарг), страница 11
Описание файла
PDF-файл из архива "Задачник Тарг", который расположен в категории "". Всё это находится в предмете "теоретическая механика" из 3 семестр, которые можно найти в файловом архиве НГУ. Не смотря на прямую связь этого архива с НГУ, его также можно найти и в других разделах. .
Просмотр PDF-файла онлайн
Текст 11 страницы из PDF
Положение точки С определяется двумя условиями: 1) расстояние O C = d (OC±.R) должно удовлетворять равенству(28); 2) знак момента относительно центра О силы R ' , приложеннойв точке С, т. е. знак m 0 (R'), должен совпадать со знаком М 0 .Пример подобного расчета дан в задаче 17.44Таким образом, плоская система сил, не находящаяся в равновесии, может быть окончательно приведена или к одной силе, т.
е. кравнодействующей (когдаили к паре_сил (когда 5?=0).1Задача 14. Привести к центру О систему сил Р~, Fu F t , F t , изображенных и*рис. 48, если Р = 30 Н , F 1= / r2= F a= 2 0 Н , а = 0,3 м, 6 = 0 ,5 м, а = 6 0 ° ..а-7Ч» рИГ• 1[№11СkI Q2Рис.' 49Р е ш е н и е .
Задача сводится к нахождению главного вектора R зад ан н о !системы сил, который будем определять По его проекциям R ^ R v , и главного момента M q этих сил относительно центра О. П роводя оси Оху так , к ак показано нарисунке, и пользуясь формулами (27), получим (см. пример вычисления моментовсил в § 14):R x =» I F ъх = — F t cos a — F i cos a — F t ,R u < sX F i,u = — P — F i S i n a - \ - F t s l n a ,M o « * 2 m o (F * ) = — &/>+ a F l c o s a - f 2bFt s In a + aF t .Подставляя сюда числовые значения сил, найдем, что R x = —40 Н , R u—= —ЗО Н , Л 1о= 11,3 Н -м . Таким образом, заданная система сил приводится кприложенной в центре приведения О силе R с проекциями Я ж= —40 Н , Я у = —30 Н(R = 5 0 Н) и паре сил с моментом M q — И .З Н -м .Задача 15.
Привести к простейшему виду Систему сил P lt ~Pt , Р . , действующих на балку А В (рис. 49), и найти силы давления на опоры А и а , если Р х=— P \ — P t= P __Р е ш е н_и е. М ногоугольник, построенный из сил ¥ [ , Р %, F I, зам кнут; следовательно, / ? = 0 . Сумма моментов всех сил относительно любой точки (например, точки С) равна — Р а.
С ледовательно, данная система сил приводится к парес моментом т = —Ра. Р асп ол агая эту пару так , к ак показано на чертеж е пунктиром, заключаем, что силы P l t Р г , P t оказываю т на опоры давлени я ОТ и Q^, численно равные P alb,45Задача 1в. Привести к простейшему виду систему си л "?!, F t , F3, действующих на ферму А В (рис. 50), и найти силы давления на опоры А и В , если F i== 'Ft = F t = F .___Р е ш е н и е . Зам ечая, что силы F 2 и F t образуют пару, перемещаем ее вположение, показанное на чертеже пунктиром. Тогда силы Flt F j взаимно уравновешиваются и вся система сил приводится к равнодействующей R — Ft (численноR = F ).Отсюда заклю чаем, что действие сил Flt Р г, F 3 сводится к вертикальному давлению на опору А ; опора В при этом не нагруж ена.Задача 17.
Привести к простейшему виду систему сил, рассмотренную в задаче 14 (см. рис. 48).Р е ш е н и е . И з результатов, полученных в задаче 14, следует, что даннаясистема сил приводится к приложенной в точке О силе R , направленной так,к ак доказано и а рис. 51, и паре с моментом М о = П . З Н м. При этом численноЛ = 5 0 Н и cos f!= \R y \/R = Q ,3 (fi& 53°). П р е д с та в и м пару силам и 7V = R и 7?" == —И, п ри ло ж и в силу ~R" в точке О, a ~R' в точке С, причем, согл асн о ф орм уле(2 8 ),d = O C — M o / R x O,23 м. Отбрасывая силы R и R найдем, что рассматриваемая система сил приводится к равнодействующей, равной R , лнння действия которой проходит н а расстоянии 0,23 м от точки О (через точку С с координатамих = —d cos р » —0,14 м, y = d sin (3—0,18 м).f 16.
РАВНОВЕСИЕ ПЛОСКОЙ СИСТЕМЫ СИЛ.СЛУЧА Й П А РА Л Л ЕЛ ЬН Ы Х СИЛНеобходимые и достаточные условия равновесия любой системысил даются равенствами R = 0 и М 0 = 0, выражаемыми формулами(23). Найдем вытекающие отсюда аналитические условия равновесия плоской системы сил.
Их можно получить в трех различныхформах.1.Основная форма условий равновесия.Так как вектор R равен нулю, когда равны нулю его. проекции R xи /?„, то для равновесия должны выполняться равенства R x= 0,R v= 0 и М 0 = 0, где в данном случае М 0 — алгебраический момент,а О — любая точка в плоскости действия сил. Но из формул (27)следует, что предыдущие равенства будут выполнены, когда действующие силы удовлетворяют условиям:= 0, 2 F „ = 0, 2m 0 (?*) = 0.(29)Формулы (29) выражают следующие аналитические условия равновесия: для равновесия произвольной плоской системы сил необходимо и достаточно, чтобы суммы проекций всех сил на каждую издвух координатных осей и сумма их моментов относительно любогоцентра, лежащего в плоскости действия сил, были равны нулю.
Одновременно равенства (29) выражают условия равновесия твердоготела, находящегося под действием плоской системы сил.2*. В т о р а я ф о р м а у с л о в и й р а в н о в е с и я :дляравновесия произвольной плоской системы сил необходимо и достаточно, чтобы суммы моментов всех этих сил относительно каких-нибудь двух центров А и В и сумма их проекций на ось Ох, не перпендикулярную прямой А В , были равны нулю:1 т Л (Fk) = 0, 2 mB(Fk) = 0, Щ х ^ 0.46(30)Необходимость этих условий очевидна, так как если любое изне выполняется, то или ЯфО, или М Аф О ( М в¥=0) и равновесия■е будет. Докажем их достаточность.
Если для данной системы силнтолняются только первые два из условий (30), то для нее М А= 0i М в =0 . Такая система сил, согласно результатам, полученным в§ 15, может не находиться в равновесии, а иметь равнодействующую7?\ одновременно проходящую через точки А и В * (рис. 52). Нопо третьему условию должно быть R x = 2 F kx= 0.
Так как ось ОхпрЬведена не перпендикулярно к А В , то последнее условие можетбыть выполнено, только когда R = 0 , т. е. когда имеет место равновесие.3 *. Т р е т ь я ф о р м а у с л о в и й р а в н о в е с и я (уравнениятрех моментов): для равновесия произвольной плоской системы сил необходимо и достаточно, чт обы суммы моментов всех этих сил относительно любых трех центров А , В и С, нележ ащих на одной прямой, были равны нулю:1 их^ т в *)=2m c (Fд) = 0. (31)Необходимость этих условий, как и в предыдущем случае, очевидна.
Достаточностьусловий (31) следует из того, что если приодновременном выполнении этих условий данная система сил ненаходилась бы в равновесии, то она должна была бы приводиться кравнодействующей, одновременно проходящей через точки А , В иС, что невозможно, так как эти точки не лежат на одной прямой.Следовательно, при выполнении условий (31) имеет место равновесие.Во всех рассмотренных случаях для плоской системы сил получаются три условия равновесия. Условия (29) считаются основными,так как при пользовании ими никаких ограничений На выбор коор-.динатных осей и центра моментов не налагается.Если на тело наряду с плоской системой сил F l t F t , , .
. , 7 „ действует системалежащ их в той ж е плоскости пар с моментами ти п ц , . . ., тп, то ври составленияусловий равновесия в уравнения проекций пары не войдут, так к ак сумма проекций сил пары на любую ось равна нулю. В уравн ен и ях ж е моментов к моментамсил алгебраически прибавятся моменты п ар , т а к к а к сумма моментов сил парыотносительно любого центра равна моменту пары ( § 9 , ф ормула (15)]. Т аки м образом, например, условия равновесия (29) при действии на тело системы сил и парпримут вид:2 / ^ = 0,= 0, Z m 0 (? * ) + !/»., = 0.(32)Аналогично преобразуются в этом случае услови я (30) и (31).Равновесие плоскойсистемы параллельн ы х с и л . В случае, когда все действующие на тело сиЛы параллельны друг другу, можно направить ось Ох перпендикулярно св*При М д = 0 система сил может иметь равнодействую щ ую , проходящ ую через точку А , а при M g — 0 — проходящ ую через то ч к у В.47лам, а ось Оу параллельно им (рис.
53). Тогда проекция каждой изсил на ось Ох будет равна нулю и первое из равенств (29) обратитсяв тождество вида О^Ю. В результате для параллельных сил останется два условия равновесия:2 F „ « = 0 , Zm0 (?*) = 0,(33)где ось Оу параллельна силам.Д ругая форма условий равновесия для параллельных сил, получающаяся из равенств (30), имеет вид:2 m A(Fk) = 0, 2m B(F*) = 0.(34)При этом точки Л и В не должны лежать на прямой, параллельвой силам.1 17. РЕ Ш Е Н И Е ЗА Д А ЧПри решении задач этого раздела следует иметь в виду все теобщие указания, которые были сделаны в § 7.Д ля получения более простых уравнений следует (если это только не усложняет ход расчета): а) составляя уравнения проекций,проводить координатную ось перпендикулярно какой-нибудь неизвестной силе; б) составляя уравнения моментов, брать центр моментов в точке, где пересекается больше неизвестных сил.При вычислении моментов иногда бывает удобно разлагать данную силу на две составляющие и, пользуясь теоремой Вариньона,находить момент силы как сумму моментов этих составляющих (см.пример вычисления моментов сил в § 14).Решение многих задач статики сводится к определению реакцийопор, с помощью которых закрепляются балки, мостовые фермы ит.
л . В технике обычно встречаются следующие три типа опорныхЗакреплений (кроме рассмотренных в § 3):1. П о д в и ж н а я ш а р н и р н а я о п о р а (рис. 54, опора Л).Реакция N A такой* опоры направлена по нормали к поверхности,на которую опираются катки подвижной опоры.2. Н е п о д в и ж н а я ш а р н и р н а я о п о р а (рис. 54, опора В).Реакция R B такой опоры проходит через ось шарнира и можетиметь любое направление в плоскости чертежа.
При решении задачбудем реакцию R B изображать ее составляющими Х в и У в по48\направлениям координатных осей. Если мы, решив задачу,^айдем Х в и Y B, то тем самым будет определена и реакция R B, помодулю R B= VX %+ Y% .\ Способ закрепления, показанный на рис. 54, употребляется длятого, чтобы в балке А В не возникало дополнительных напряженийпри изменении ее длины от изменения температуры или от изгиба.,3. Ж е с т к а я з а д е л к а(или н е п о д в и ж н а я з а щ е м л я ю щ а я о п о р а ; рис.55, а). Рассматривая заделанный конец балки истену как одно целое, жесткую заделку изображают так, как показано на рис.
55, б. В этом случаена балку в ее поперечном сечении действует со стороны заделанного конца система распределенныхсил (реакций). Считая эти силы приведенными кцентру А сечения, можно их заменить одной наперед неизвестной силой R A, приложенной в этомР и с. 55центре, и парой с наперед неизвестным моментомтА (рис. 55, а). Силу R A можно в свою очередь изобразить ее составляющими Х А и УА (рис. 55, б). Таким образом,для нахождения реакции жесткой заделки надо определить три неизвестные наперед величины Х А , УА , тА.Реакции других видов связей были рассмотрены в § 3.Задача 18.
Определить силы, с которыми д ав ят йа рельсы колеси А и В крана, схематически изображенного на рис. 56. Вес крана Р = 40 к Н , центр тяж естиего леж ит н а л и ч и и D E . Вес поднимаемого гр у за Q = 1 0 к Н , вы лет кран а Ь = 3,5 м.расстояние А В = 2 а = 2 ,6 м.Р е ш е н и е . Рассмотрим равновесие всегокрана. Н а кран действуют заданны е силы Р иQ"и реакции связей И д и N g- Д л я этой системыпараллельны х сил составляем услови я равновесия (33), приним ая за центр моментов точку Аи проектируя силы на вертикальную ось. П олу— P a + N g -2 a -Q (а + 6 )= 0 ,N A+ N g - P - Q = 0.Р еш ая эти уравн ен ия найдем:N a = 0 ,5 Р —0,5 Q (b/a— I)— 11 к Н ,N B= 0 ,5 Я + 0 ,5 Q ( b /a + \) = 3 9 к Н .Д л я проверки составим уравнение моментов относительно центра В- N A '2 a + P a - Q (6—а ) = 0.П одставляя сюда найденное значение N A , убеж даем ся, что уравн ен ие удовлетворяется.