7, 8 (Полностью все 26 лекций в пдф), страница 3
Описание файла
Файл "7, 8" внутри архива находится в папке "Лекции по физике за 4 семестр". PDF-файл из архива "Полностью все 26 лекций в пдф", который расположен в категории "". Всё это находится в предмете "физика" из 4 семестр, которые можно найти в файловом архиве МГТУ им. Н.Э.Баумана. Не смотря на прямую связь этого архива с МГТУ им. Н.Э.Баумана, его также можно найти и в других разделах. .
Просмотр PDF-файла онлайн
Текст 3 страницы из PDF
Но Eˆ 2 ( Ψ ) = Eˆ Eˆ ( Ψ ) = i i=−,∂t ∂t ∂t 2()7Семестр 4. Лекции 7-8.∂2Ψ= c 2 2 ∆Ψ − m02 c 4 ⋅ Ψ , которое описывает∂t 2свободные релятивистские частицы (с целым спином) и носит название уравнения ГордонаФока.Если попытаться записать линейную связь между энергией и импульсом для релятивистского случая в виде E = cσ x px + cσ y p y + cσ z pz + σ0 m0 c 2 , так, чтобы выполнялось равенствоp̂ 2 = − 2 ∆Ψ . В итоге получается уравнение 2( cσ2xpx + cσ y p y + cσ z pz + σ0 m0 c 2 ) = c 2 p 2 + m02 c 4 , то после подстановки в уравнение эволюцииволновой функции получится уравнение Дирака∂Ψ ∂Ψ ∂Ψ ∂Ψi= σ xc+ σyc+ σzc+ σ0 m0 c 2 Ψ .∂ti ∂xi ∂yi ∂zВ этом уравнении σ0, σx, σy, σz – специальные матричные операторы (4х4), аΨ = ( Ψ1 , Ψ 2 , Ψ 3 , Ψ 4 ) - вектор-функция.Пример.
В момент времени t=0 волновая функция частицы в одномерной потенциальной яме сбесконечно высокими стенками имеет вид 3πx πx ψ ( x ) = A ⋅ cos sin . 2a 2a Считая, что масса частицы равна m0, найдите среднюю кинетическую энергию частицы в данном состоянии. Укажите, суперпозицией каких состояний частицы в потенциальной яме является данное состояние.
Найдите волновую функцию Ψ(x, t).Решение. В одномерной яме с непроницаемыми стенками как стационарной задаче, волновыефункции частицы имеет видE2 2 π2 2 nπx − i n tΨ n ( x,t ) =sin e,гдеE=n .na2ma 2 e При t=0 получаем, соответственно, Ψ n ( x, 0 ) = ψ n =2 nπx sin a a Воспользуемся формулой Эйлера eiα = cos α + i sin α , откуда cos α =sin α =e iα + e − iα,2eiα − e − iα. Тогда2i3 πxi2a3 πx−i2aπxi2aπx−i2ae +ee −eA 3πx πx ψ ( x ) = A ⋅ cos ⋅= ⋅ sin = A ⋅22i2 2a 2 a A 2πx πx = ⋅ sin − sin 2 a a Нормируем функцию ψ на единицу22aA a 2πx 2 πx ∫0 ψ ( x ) dx = 4 ⋅ ∫0 sin a − sin a dx =2ei2 πxa−e−i2 πxaπx−i i πax−e − e a =2iaaA a 2 2πx 2πx πx 2 πx =⋅ ∫ sin dx − 2∫ sin sin dx + ∫ sin dx = 14 0 a a a a 008Семестр 4. Лекции 7-8.aaa k πx sπx 2 k πx Теперь воспользуемся тем, что ∫ sin sin dx = 0 при k ≠ s и ∫ sin dx =2 a a a 00aдля k > 0 .
Поэтому∫ ψ ( x)2dx =0в виде A =22a a ⋅ + = 1 , откуда A =, т.е. множитель можно взять4 2 2aA2. В итоге получаемa 3πx πx 1 2πx πx ψ ( x ) = A ⋅ cos ⋅ sin sin = − sin a a 2a 2a a Т.к. система функций ψ n ортонормированная и функция ψ нормирована на единицу, то ищемкоэффициенты разложенияaa2 nπx 1 2πx πx *cn = ( ψ ,ψ n ) = ∫ ψ n ψdx = ∫sin ⋅ sin − sin dxa a a a a 00aa2 1 nπx 2πx nπx πx ⋅−sinsindxsin ∫ ⋅ sin dx ∫a a 0 a a a a 02 1 a12 1 a1откуда c1 ==, c2 = −=−, остальные cn = 0 .a a2a a 222cn =2Т.е вероятность обнаружения частицы в основном состоянии ( n = 1 ) равна p1 = c1 =1и в пер21.2EE1 2 πx − i 1 t 1 2 2πx − i 2 tПоэтому Ψ ( x,t ) = Ψ1 ( x,t ) + Ψ1 ( x,t ) =sin e −sin e,2 a2 a e e где 2 π22 2 π 2E1 =,E=.22ma 2ma 2Т.к.
энергия частицы в этом состоянии не определена однозначно, то данное состояние не является стационарным.Найдём среднюю кинетическую энергию1 2 π2 1 2 2 π2 3 2 π2EK = p1 E1 + p2 E2 = ⋅+ ⋅=.2 2ma 2 2 ma 24ma 2Найдём среднее значение кинетической энергии другим способом – прямым вычислением поформулеa 2 d 2Ψ EK = ∫ Ψ* Eˆ K ( Ψ ) dV = ∫ Ψ* −dx =2 2mdxV02вом возбуждённом состоянии p2 = c2 =22a2 1 2πx πx 1 2π 2πx π πx = ∫⋅ sin −sin⋅sin− sin dx =a a a 2m a a a a a 022 2 1 a 2π π 3 2 π2= − =2m a 2 a a 4ma 29.