1005148_1 (Типовые по урматфизу (часть 2))
Описание файла
PDF-файл из архива "Типовые по урматфизу (часть 2)", который расположен в категории "". Всё это находится в предмете "уравнения математической физики (умф)" из 6 семестр, которые можно найти в файловом архиве НИУ «МЭИ» . Не смотря на прямую связь этого архива с НИУ «МЭИ» , его также можно найти и в других разделах. Архив можно найти в разделе "курсовые/домашние работы", в предмете "уравнения математической физики" в общих файлах.
Просмотр PDF-файла онлайн
Текст из PDF
12.5. Найти решение первой смешанной задачи для уравнения теплопроводностина отрезке.U t = 4U xx , 0 < x < 5, t > 02 x 2 5, 0 ≤ x ≤ 5 2,U ( x, 0 ) = 5 − x, 5 2 < x ≤ 5,U ( 0, t ) = U ( 5, t ) = 0РешениеОбщее решение данного уравнения имеет вид: π na − t l 2∞U ( x, t ) = ∑ An esinπ nxn =1l,2π nxгде An = ∫ U ( x, 0 ) sindx, n = 1, 2, ... .l 0llВ нашем случае a = 2, l = 5 .Находим:2 2An = 5 552∫0x sindx + ∫ ( 5 − x ) sindx .55522π nxπ nx5Вычислим отдельно:du = 2 xdx∫0 x sin 5 dx = dv = sin π nx dx, v = − 5 cos π nx =πn5555u = x,du = dx5x2π nx 2 10 2π nx=−cos+x cosdx =5π nxπ nx =5 0 π n ∫05πndv = cosdx, v =sin55πn522π nxu = x2 ,5 5x2π nx 50 xπ nx 250π nx 2cos= −+ 2 2 sin+ 3 3 cos =n5n5n5πππ0=−125π n 250 π n π n 125cos+ 2 2 sin+− 1 . cos4π n2 π n2 π 3n3 21du = − dx∫ ( 5 − x ) sin 5 dx = dv = sin π nx dx, v = − 5 cos π nx =5255πn5π nxu = 5 − x, 5(5 − x )π nx 25π nx 25π n 25πn= −− 2 2 sin+ 2 2 sin .coscos =πn5π n5 52π n2 π n252Тогда2 2 125π n 125π n 250 π n An = −cos+ 2 2 sin+− 1 + cos5 5 4π n2 π n2 π 3n3 2π n 25π n 30π n 40 π n 25+cos+ 2 2 sin+− 1 . = 2 2 sin cos2π n2 π n2 π n2 π 3n 3 2Общее решение исходного уравнения: 2π n t5 3πn4 π n −U ( x, t ) = 2 ∑ 2 sin+ 3 cos− 1 eπ n=1 n2 πn 210∞22sinπ nx5.13.5.
Найти решение первой смешанной задачи для уравнения теплопроводностив круге.U t = 9∆U , 0 ≤ r < 8, t > 0, U ( r , 0 ) = 64 − r 2 , U ( 8, t ) = 0 .РешениеОбщее решение данного уравнения:∞ a2µ 2 µ r U ( r , t ) = ∑ An exp − 2 n t J 0 n ,n =1 R R где An =R22R J21rU ( r ) J(µ ) ∫0n00 µn r dr , Jν ( x ) – функция Бесселя первого рода порядка R ν , µ1 , µ 2 , ..., µ n , ... – положительные корни уравнения J 0 ( µ ) = 0 .В нашем случае a = 3, R = 8 .
Находим8r ( 64 − r ) J(µ ) ∫2An =28 J21Сделаем замену2n00 µn r dr . 7 r= x ⇒ r = 8 x, dr = 8dx , тогда811128 3An = 2x1−xJµxdx=xJµxdx−xJµxdx()()()()0n0n∫0 0 n .J1 ( µ n ) ∫0J12 ( µ n ) ∫02 ⋅ 8212Вычислим отдельно интегралы1100S1 = ∫ xJ 0 ( µ n x ) dx и S2 = ∫ x3 J 0 ( µn x ) dx .С этой целью воспользуемся рекуррентными формуламиd νx Jν ( x ) ) = xν J v −1 ( x ) и xJν +1 = − xJν −1 ( x ) + 2ν Jν ( x ) .(dxИз первой из них при ν = 1 и ν = 2 соответственно получаем:xx∫ ξ J (ξ ) dξ = xJ ( x ) , ∫ ξ J (ξ ) dξ = x J ( x ) .20012010Вычислим по частям интеграл:3x∫ ξ J 0 (ξ ) dξ =30u = ξ 2,du = 2ξ d ξdv = ξ J 0 (ξ ) dξ , v = J (ξ ) d ξ=x= ξ J1 ( ξ ) − 2 ∫ ξ 2 J1 ( ξ ) d ξ = x 3 J 1 ( x ) − 2 x 2 J 2 ( x ) .x300Согласно второй из приведенных формул при ν = 1 справедливо равенствоxJ 2 ( x ) = − xJ 0 ( x ) + 2 J1 ( x ) .Тогдаx∫ ξ J (ξ ) dξ = x J ( x ) − 2 x ( − xJ ( x ) + 2 J ( x ) ) = 2 x J ( x ) + x ( x332010102− 4 ) J1 ( x ) .0Вернемся к вычислению интегралов S1 и S2 .
Сделаем замену µn x = ξ , тогдаµnµµnµnξ dξ 1 n1S1 = ∫ J 0 (ξ )= 2 ∫ ξ J 0 (ξ ) dξ =J (µ ) .µ n µ n µn 0µn 1 n0ξ 3 dξ 1S2 = ∫ J 0 (ξ ) 3=µn µ n µ n40=1µ n4∫ J (ξ ) ξ dξ =300( 2µ J ( µ ) + µ ( µ2n0nn2n)− 4 ) J1 ( µ n ) =J1 ( µ n )µn−4 J1 ( µ n )µn3.ПолучаемAn ==128J12 ( µ n )( S1 − S2 ) =512 4 J1 ( µ n )J21( µn )µ3n= J1 ( µ n ) 4 J1 ( µ n ) 128 1J−−µ() =1nµn3 J12 ( µn ) µ n µn512.µ J ( µn )3n 1Общее решение исходного уравнения: 9 µn2 µn r U ( r , t ) = 512∑ 3J0 t. exp −64 8 n =1 µ n J1 ( µ n )∞1412.10. Найтирешениепервойсмешаннойзадачитеплопроводности на отрезке.U t = 4U xx , 0 < x < 4, t > 0 x 2 2, 0 ≤ x ≤ 2,U ( x, 0 ) = 4 − x, 2 < x ≤ 4,U ( 0, t ) = U ( 4, t ) = 0РешениеОбщее решение данного уравнения имеет вид: π na − t l 2∞U ( x, t ) = ∑ An esinn =1π nxl,2π nxгде An = ∫ U ( x, 0 ) sindx, n = 1, 2, ...
.l 0llВ нашем случае a = 2, l = 4 .Находим:242 1 2π nxπ nx An = ∫ x sindx + ∫ ( 4 − x ) sindx .4 2 0442Вычислим отдельно:du = 2 xdx∫0 x sin 4 dx = dv = sin π nx dx, v = − 4 cos π nx =πn4422u = x2 ,π nx2π nxπ nx4 x28=−cos+x cosdx =∫πn4 0 πn 042u = x,du = dx=π nxπ nx =4dv = cosdx, v =sinπn442 4 x2π nx 32 xπ nx 128π nx = −cos+ 2 2 sin+ 3 3 cos =πππn4n4n40=−π n 64π n 128 π n 16cos+ 2 2 sin+− 1 . cosπn2 π n2 π 3n3 25дляуравненияdu = − dx∫2 ( 4 − x ) sin 4 dx = dv = sin π nx dx, v = − 4 cos π nx =πn444π nxu = 4 − x, 4(4 − x)π nx 16π nx = −− 2 2 sincos =ππn4n42π n 16πn8=cos+ 2 2 sin .πn2 π n24Тогда1 1 16π n 64π n 128 π n An = − cos+ 2 2 sin+− 1 + cos2 2 πn2 π n2 π 3n3 2π n 16π n 24π n 32 π n 8+ cos+ 2 2 sin+− 1 . = 2 2 sin cosπn2 π n2 π n2 π 3 n3 2Общее решение исходного уравнения:πn t2 3πn4 π n −U ( x, t ) = 2 ∑ 2 sin+ 3 cos− 1 eπ n=1 n2 πn 28∞62sinπ nx4.13.10.
Найтирешениепервойсмешаннойзадачидляуравнениятеплопроводности в круге.U t = ∆U , 0 ≤ r < 5, t > 0, U ( r , 0 ) = 25 − r 2 , U ( 5, t ) = 0 .РешениеОбщее решение данного уравнения:∞ a2µ 2 µ r U ( r , t ) = ∑ An exp − 2 n t J 0 n ,n =1 R R где An =R22R J21rU ( r ) J(µ ) ∫0n00 µn r dr , Jν ( x ) – функция Бесселя первого рода порядка R ν , µ1 , µ 2 , ..., µ n , ... – положительные корни уравнения J 0 ( µ ) = 0 .В нашем случае a = 1, R = 5 .
Находим5r ( 25 − r ) J(µ ) ∫2An =25 J21Сделаем замену2n00 µn r dr . 5 r= x ⇒ r = 5 x, dr = 5dx , тогда5113An = 2x1−xJµxdx=xJµxdx−xJµxdx()()()()0n0n∫0 0 n .J1 ( µ n ) ∫0J12 ( µ n ) ∫02 ⋅ 521502Вычислим отдельно интегралы1100S1 = ∫ xJ 0 ( µ n x ) dx и S2 = ∫ x3 J 0 ( µn x ) dx .С этой целью воспользуемся рекуррентными формуламиd νx Jν ( x ) ) = xν J v −1 ( x ) и xJν +1 = − xJν −1 ( x ) + 2ν Jν ( x ) .(dxИз первой из них при ν = 1 и ν = 2 соответственно получаем:xx∫ ξ J (ξ ) dξ = xJ ( x ) , ∫ ξ J (ξ ) dξ = x J ( x ) .20012010Вычислим по частям интеграл:7x∫ ξ J 0 (ξ ) dξ =30u = ξ 2,du = 2ξ d ξdv = ξ J 0 (ξ ) dξ , v = J (ξ ) d ξ=x= ξ J1 ( ξ ) − 2 ∫ ξ 2 J1 ( ξ ) d ξ = x 3 J 1 ( x ) − 2 x 2 J 2 ( x ) .x300Согласно второй из приведенных формул при ν = 1 справедливо равенствоxJ 2 ( x ) = − xJ 0 ( x ) + 2 J1 ( x ) .Тогдаx∫ ξ J (ξ ) dξ = x J ( x ) − 2 x ( − xJ ( x ) + 2 J ( x ) ) = 2 x J ( x ) + x ( x332010102− 4 ) J1 ( x ) .0Вернемся к вычислению интегралов S1 и S2 .
Сделаем замену µn x = ξ , тогдаµnµµnµnξ dξ 1 n1S1 = ∫ J 0 (ξ )= 2 ∫ ξ J 0 (ξ ) dξ =J (µ ) .µ n µ n µn 0µn 1 n0ξ 3 dξ 1S2 = ∫ J 0 (ξ ) 3=µn µ n µ n40=1µ n4∫ J (ξ ) ξ dξ =300( 2µ J ( µ ) + µ ( µ2n0nn2n)− 4 ) J1 ( µ n ) =J1 ( µ n )µn−4 J1 ( µ n )µn3.ПолучаемAn ==50( S1 − S2 ) =504 J1 ( µ n )J12 ( µ n )J21( µn )µ3n= 1 J1 ( µ n ) 4 J1 ( µ n ) J−−µ() =1nµn3 J12 ( µn ) µ n µn50200.µ J ( µn )3n 1Общее решение исходного уравнения: µ n2 µn r U ( r , t ) = 200∑ 3J0 exp − t . 5 n =1 µ n J1 ( µ n ) 25 ∞1812.4. Найти решение первой смешанной задачи для уравнения теплопроводностина отрезке.U t = 16U xx , 0 < x < 4, t > 0 x 2 2, 0 ≤ x ≤ 2,U ( x, 0 ) = 4 − x, 2 < x ≤ 4,U ( 0, t ) = U ( 4, t ) = 0РешениеОбщее решение данного уравнения имеет вид:∞ π na − t l 2U ( x, t ) = ∑ An esinn =1π nxl,2π nxгде An = ∫ U ( x, 0 ) sindx, n = 1, 2, ...
.l 0llВ нашем случае a = 4, l = 4 .Находим:242 1 2π nxπ nx An = ∫ x sindx + ∫ ( 4 − x ) sindx .4 2 0442Вычислим отдельно:du = 2 xdx∫0 x sin 4 dx = dv = sin π nx dx, v = − 4 cos π nx =πn442u = x,du = dx2π nxπ nx4 x28cosx cosdx ==−+4π nxπ nx =4 0 π n ∫04πndv = cosdx, v =sin44πn22u = x2 ,π nx2 4 x2π nx 32 xπ nx 128π nx = −cos+ 2 2 sin+ 3 3 cos =πππn4n4n40=−4π n 64π n 128 π n 16cos+ 2 2 sin+− 1 . cosπn2 π n2 π 3n3 2∫ ( 4 − x ) sin2π nx4u = 4 − x,dx =dv = sindu = −dxπ nx4dx, v = −4π nx =cos4πn 4(4 − x)π nx 16π nx π n 16πn8coscos= −− 2 2 sin+ 2 2 sin . =πn4π n4 2 πn2 π n249Тогда1 1 16π n 64π n 128 π n An = − cos+ 2 2 sin+− 1 + cos2 2 πn2 π n2 π 3n3 2π n 16π n 24π n 32 π n 8+cos+ 2 2 sin+− 1 . = 2 2 sin cosπn2 π n2 π n2 π 3 n3 2Общее решение исходного уравнения:U ( x, t ) = 3πn4 π n −(π n )2 t π nxsin+cos− 1 esin.∑π 2 n=1 n 22 π n3 248∞1013.4.
Найти решение первой смешанной задачи для уравнения теплопроводностив круге.U t = 10∆U , 0 ≤ r < 1, t > 0, U ( r , 0 ) = 1 − r 2 , U (1, t ) = 0 .РешениеОбщее решение данного уравнения:∞ a2µ 2 µ r U ( r , t ) = ∑ An exp − 2 n t J 0 n ,n =1 R R где An =R22R J21rU ( r ) J(µ ) ∫0n00 µn r dr , Jν ( x ) – функция Бесселя первого рода порядка R ν , µ1 , µ 2 , ..., µ n , ...
– положительные корни уравнения J 0 ( µ ) = 0 .В нашем случае a = 10, R = 1 . Находим1r (1 − r ) J(µ ) ∫2An =21J212n00 µn r dr . 1 Сделаем замену r = x ⇒ r = x, dr = dx , тогда113An = 2x1−xJµxdx=xJµxdx−xJµxdx()()()().0n0n0n∫0J1 ( µ n ) ∫0J12 ( µ n ) ∫02122Вычислим отдельно интегралы1100S1 = ∫ xJ 0 ( µ n x ) dx и S2 = ∫ x3 J 0 ( µn x ) dx .С этой целью воспользуемся рекуррентными формуламиd νx Jν ( x ) ) = xν J v −1 ( x ) и xJν +1 = − xJν −1 ( x ) + 2ν Jν ( x ) .(dxИз первой из них при ν = 1 и ν = 2 соответственно получаем:xx∫ ξ J (ξ ) dξ = xJ ( x ) , ∫ ξ J (ξ ) dξ = x J ( x ) .20120010Вычислим по частям интеграл:x∫ ξ J 0 (ξ ) dξ =30u = ξ 2,du = 2ξ d ξdv = ξ J 0 (ξ ) dξ , v = J (ξ ) d ξx== ξ J1 ( ξ ) − 2 ∫ ξ 2 J1 ( ξ ) d ξ = x 3 J 1 ( x ) − 2 x 2 J 2 ( x ) .3x0011Согласно второй из приведенных формул при ν = 1 справедливо равенствоxJ 2 ( x ) = − xJ 0 ( x ) + 2 J1 ( x ) .Тогдаx∫ ξ J (ξ ) dξ = x J ( x ) − 2 x ( − xJ ( x ) + 2 J ( x ) ) =3300101= 2 x 2 J 0 ( x ) + x ( x 2 − 4 ) J1 ( x ) .Вернемся к вычислению интегралов S1 и S2 .
Сделаем замену µn x = ξ , тогдаµnµµnµnξ dξ 1 n1= 2 ∫ ξ J 0 (ξ ) dξ =S1 = ∫ J 0 (ξ )J1 ( µ n ) .µµµµnnn 0n0ξ 3 dξ 1S2 = ∫ J 0 (ξ ) 3= 4µµµnnn0=1µ n4∫ J (ξ ) ξ dξ =300( 2µ J ( µ ) + µ ( µ2n0nn2n)− 4 ) J1 ( µ n ) =J1 ( µ n )µn−4 J1 ( µ n )µn3.ПолучаемAn ==2( S1 − S2 ) =24 J1 ( µ n )J12 ( µ n )J21( µn )µ3n= 1 J1 ( µ n ) 4 J1 ( µ n ) µJ−−() =1n3J12 ( µn ) µ nµµnn28µ J ( µn )3n 1.Общее решение исходного уравнения:∞U ( r , t ) = 8∑n =11µ J ( µn )3n 1J 0 ( µn r ) exp ( −10 µn2t ) .12.