PRKL1H2 (Расчет стержневых систем и бруса на растяжение, Расчет нагруженной балки, Экзаменационные вопросы по прикладной механике)
Описание файла
Документ из архива "Расчет стержневых систем и бруса на растяжение, Расчет нагруженной балки, Экзаменационные вопросы по прикладной механике", который расположен в категории "". Всё это находится в предмете "технология" из , которые можно найти в файловом архиве . Не смотря на прямую связь этого архива с , его также можно найти и в других разделах. Архив можно найти в разделе "рефераты, доклады и презентации", в предмете "технология" в общих файлах.
Онлайн просмотр документа "PRKL1H2"
Текст из документа "PRKL1H2"
комитет по высшему образованию Российской Федерации
Московская Государственная Академия
Тонкой Химической Технологии
им. М.В. Ломоносова
кафедра :
“Прикладная механика и основы конструирования.”
Расчетно-графическая работа ¹ 2 :
“Расчет нагруженной балки”
Вариант ¹: 24
студент: Холин Андрей Юрьевич (группа Е-203)
преподаватель: Сергеев Александр Иванович
1998г.
Задание ¹ 1
1.1 Определить реакции опор
1.2 Построить эпюры поперечных сил и изгибающих моментов
1.3 Подобрать номер двутаврового профиля для Ст. 3 [s] = 160 Мпа
1.4 Начертить в масштабе двутавровый профиль по ГОСТ 8239-72 и построить эпюру нормальных напряжений в опасном сечении балки.
Общая схема нагрузки балки (рис. 1):
Схема нагрузки балки, 24 вариант (рис. 2):
Эквивалентная схема нагрузки свободной балки с правильным направлением данных величин (P,q,M) (рис. 3):
Эквивалентная схема с правильным направлением данных и искомых величин (P,q,M,YE,YF) (рис. 4):
Дано:
Таблица 1: “Расположение элементов нагрузки”.
A1 | A2 | B1 | B2 | C | D | L [м] |
2,5 | 1,0 | 1,5 | 2 | 0,2 | 1,2 | 3,1 |
Таблица 2: “Величины элементов нагрузки”.
P1[кН] | P2[кН] | M1[кН•м] | M2[кН•м] | q [кН/м] |
-8,0 | 10,0 | 16 | 11 | 20 |
Знаки величин принимаются относительно направлений, обозначенных на рисунке.
1.1 Найти: YE-? ZE-? YF-? ZF-?
Решение:
Заменим опоры в точках E и F их реакциями. Таким образом несвободное тело EF становится свободным, и к нему можно применить условия равновесия. Для поперечных сил положительным принято направление по оси y ; положительным моментом - момент, сжимающий верхние волокна балки. Для расчета реакций опор распределенную нагрузку q заменим равнодействующей R, приложенной в середине отрезка CD действия нагрузки q, в точке с координатой (C+D)/2. R = q•Dl; Dl = D – С.
Условия равновесия тела EF :
åQyn = 0 : сумма поперечных сил
åQzn = 0 : сумма продольных сил
åMn = 0 : сумма изгибающих моментов
Силы P1, P2, R приложены перпендикулярно к оси z, поэтому их проекции на эту ось будут нулевыми по величине, åQzn = 0.
Уравнение суммы поперечных сил :
YE – q • (D – С) + P2 + P1 + YF = 0
Уравнение суммы изгибающих моментов относительно точки E :
– (D – С) • q • (С +D) / 2 + P2 • A2 – M1 + M2 + P1 • A1 + YF • L = 0
Знаки в уравнениях определены исходя из направлений, обозначенных на эквивалентной схеме нагрузки балки (рис.3), поэтому в уравнениях используются модули нагрузочных величин (½P1½,½P2½,½R½,½M1½,½M2½) и обозначаются без векторной черты. Возможные отрицательные значения искомых величин YE и YF будут означать противоположное их направление выбранному на схеме.
Из уравнения моментов вычисляем силу YF :
YF = [(D – C) • q • (С +D) / 2 – P2 • A2 + M1 – M2 – P1 • A1] / L
YF = [(1,2–0,2)•20•(1,2+0,2)/2–10,0•1,0+16–11–8,0•2,5] / 3,1 » –3,6
Из уравнения поперечных сил вычисляем силу YE :
YE = q • (D – С) – P2 – P1 – YF
YE » 20 • (1,2 – 0,2) – 10,0 – 8,0 – (–3,6) = 5,6 [кН].
Для проверки составим уравнение моментов относительно другой точки. Знаки в уравнении определены исходя из эквивалентной схемы балки (рис.4), где искомые реакции опор YE и YF имеют правильные направления.
Уравнение суммы изгибающих моментов относительно точки F :
–(D–С)•q• [(L–D)+(L–C)]/2+YE•L+P2•(L–A2)+P1•(L–A1)+M1–M2=0
Обращение левой части уравнения в нуль при подстановке данных и найденных величин подтверждает правильность значений найденных реакций опор YE и YF.
–(1,2–0,2)•20•[(3,1–1,2)+(3,1–0,2)]/2+YE•3,1+10,0•(3,1–1,0)+
+8,0•(3,1–2,5)+16–11 = 0; –17,2+5,6•3,1 » 0.
1.2 Найдем зависимость внутренних усилий (поперечных сил Q и изгибающих моментов M) на протяжении балки от координаты z, начиная от точки E (z - расстояние до точки E). Бесконечно близко1) слева (со стороны точки E) к точкам приложения сил и моментов проведем сечения. Таким образом, на протяжении балки образуются 7 участков. Рассмотрим, начиная от точки E, изменение внутренних напряжений (Q и M) балки на каждом участке в зависимости от координаты z.
zn - расстояния от точки E до точек приложения нагрузок, z0 = 0.
Пусть Q(z) - функция зависимости внутренней поперечной силы (балки) от координаты z; 0 £ z < z7.
n
RQn = – lim Q(z) = – å lim Q¢k(x)
z ® zn слева k=0 x ®(zk–zk–1) слева
Пусть Q¢n(x), x = z – zn–1 - функция зависимости внутр. попереч. силы от координаты z на участке n, если z лежит на левой границе участка, то (z – zn–1) = 0. Пусть RQn - реакция справа отсеченной части балки, тогдаИзменение внутренней поперечной силы на участке n.
Знаки для сил и моментов определены исходя из схемы балки (рис. 5), в формулах используются модули всех величин.
n | Q¢n(x), x = z – zn–1 | пределы z | RQn | Rqn (числ. знач.) |
1 | YE | 0 £ z < z1 | –YE | – 5,6 |
2 | – q • (z – z1) | z1 £ z < z2 | –YE + q • (z2 – z1) | –5,6+20•(10,0–0,2)=10,6 |
3 | P2 – q • (z – z2) | z2 £ z < z3 | –YE + q • (z2 – z1) – P2 + q • (z3 – z2) | 10,6–10,0+20•(1,2–1,0)=4,6 |
4 | 0 | z3 £ z < z4 | 4,6 | |
5 | 0 | z4 £ z < z5 | 4,6 | |
6 | 0 | z5 £ z < z6 | 4,6 | |
7 | P1 | z6 £ z < z7 | –YE + q • (z2 – z1) – P2 + q • (z3 – z2) – P1 | 4,6 – 8,0 » –3,6* |
* реакция, действующая на правый край VII участка - есть реакция опоры, совпадение ее численного значения с YF означает правильность вычислений.
1) Бесконечно близко для того, чтобы было правомочным утверждение, что найденные зависимости Q(z) и M(z) справедливы на всем рассматриваемом участке, при Zn–1 £ Z < Zn.