125658 (Методы кинематического исследования механизмов), страница 2
Описание файла
Документ из архива "Методы кинематического исследования механизмов", который расположен в категории "". Всё это находится в предмете "промышленность, производство" из , которые можно найти в файловом архиве . Не смотря на прямую связь этого архива с , его также можно найти и в других разделах. Архив можно найти в разделе "к экзамену/зачёту", в предмете "промышленность, производство" в общих файлах.
Онлайн просмотр документа "125658"
Текст 2 страницы из документа "125658"
3n=2p1+p2 – усилие статической определимости, число усилий = число неизвестных. Чаще 3n = 2p1, т.к. p2 = 0, условие существований групп Ассура (W=3n–2p1 = 0).
Определение сил инерции и моментов от сил инерции
S2 – центр масс 2-го звена
FИ2= –m2aS2 = – m2(nS2)a , MИ2
(момент от силы инерции)= –JS2E2 = –JS2(tcb)a/
/ℓCB, FИ3 = –m3aS3 = –m3(S3)a = 0.
Силовой расчет первой группы Ассура
F30 – сила в точке D со стороны отброшенной опоры 0; F21 – сила, действующая со стороны первого (отброшенного) звена на второе. Разложим силы F21 и F30 – на второе путем проецирования их на соответствующие звенья 2 и 3. 1)F21, MC =0 (равновесие 2-го звена):
F21 (BC)ℓ–G2h1ℓ+FИ2h2ℓ + MИ2=0,
F21=(G2h1ℓ–FИ2h2ℓ–MИ2)/[(BC)ℓ].
2)F30, MC=0 (равновесие 3-го звена):
F30(CD)ℓ + G2h3ℓ + FИ3h4ℓ – MИ3=0,
F30=[–G2h3ℓ – F4h4ℓ + MИ3] / [(CD)ℓ].
3)F21n, F30n, F=0 (равновесие звена 2 и 3):
F21n+F21+G2+FИ2+G3+FИ3+F30+F30n = 0.
Величины искомых сил известны, но не известны их направления.
4)F23, F=0 (равновесие звена 2 и 3):
F21n + F21 + G2 + F23=0.
Далее определяем значение уравновешивающей силы на начальном звене:
F10 – сила со стороны отброшенной опоры 0 на звено 1.
5) Fур, MA = 0: Fур(АВ)ℓ–F12h1ℓ = 0, т.к. на звене формально нет момента, то ℓ можно не писать, т.е получим Fур(АВ) – F12h1=0
6) F10, F = 0: Fур+F12+F10 = 0
Рисуем все известные силы последовательно, учитывая величины и направления. Т.к. F=0, то соединив конец вектора силы F12 и начало Fур получим искомую силу F10.
Силовой расчет группы Ассура 2-го вида
F43 – сила, действующая со стороны третьего (отброшенного) звена на четвертое.
1) F43t, ME = 0 (равновесие звена 4): F43t(DE)ℓ–G4h1ℓ–FИ4h2ℓ–MИ4=0
F43t=(G4h1ℓ+FИ4h2ℓ+МИ4)/(DE)ℓ
2) F50,F43n, F = 0 (равновесие звена 4):
F43n + F43t + G4 + FИ4 + G5 + FИ5 + F + F50=0
3) F54, F = 0 (равновесие звена 5):
G5 + FИ5 + F + F50 + F54=0.
4) hx, ME=0 (равновесие звена5): F50hxℓ=0, hx=0.
Силовой расчет группы Ассура 3-го вида
1)F30, MA=0 (равновесие звена 2 и 3)
2)F30n, F32, F=0 (равновесие звена 3):
F30n + F20n +G3 +FИ3 + F32= 0
3) F21, F=0 (равновесие звена 3):
F23 + G2 + FИ2 + F21=0
4)hX, MA=0 (равновесие звена 2):
F23hxℓ + MИ2 + G2h1ℓ – FИ2h2ℓ =0,
hx = [–МИ2 – G2h1ℓ + FИ2h2ℓ] / (F23ℓ)
Силовой расчет группы Ассура 4-го вида
1)F21 и F34, F=0 (равновесие звеньев 2 и 3):
F21 + G2 + FИ2 + G3 + FИ3 + F34=0
2)F23, F=0 (равновесие звеньев 2 (3)):
F21+G2+FИ2+F23=0
3)hx1, MB=0 (равновесие звена 2):
F21hx1–G2h1+FИ2h2=0, hx1=(G2h1–FИ2h2)/F21
4)hx2, MB=0 (равновесие звена 3):
F34hx2–G3h3+FИ3h4=0
Силовой расчет группы Ассура 5-го вида
1)F32 и F34, F=0 (равновесие звена 3):
F34 + G3 + FИ3 + F34 = 0
2)F21, F=0 (равновесие звена 2):
F23 + G2 + FИ2 + F21 = 0
3)hx1, MB=0 (равновесие звена 2):
F23hx1–G2h1+FИ2h2=0, hx1=G2h1+FИ2h2=0
4)hX2, MB=0 (равновесие 2 и 3):
F34hX2–G3h3–FИ3h4–G2h1+FИ2h2=0
hX2=(G3h3+FИ3h4+G2h1–FИ2h2)/F34.
Силовой расчет с учетом сил трения
Если учитывают силы трения, то сначала расчет производится без учета трения, а во втором расчете рассчитывают эти силы трения.
Fтр=F34f,
где f – коэффициент трения
Определение уравновешивающей силы
Уравновешивающая сила определяется по рычагу Жуковского. Рычагом Жуковского называется повернутый на 90 план скоростей (желательно против направления вращения начального звена), к которому прикладывают все силы, действующие на механизм без изменения их направления и ищется равновесие этого рычага по принципу Лагранжа (для равновесия твердого тела необходимо, чтобы сумма работ равнялась нулю), т.е.
FiSDicos(Fi, SDi) = 0, FidSDicos(Fi,dSDi)=0, точка D – точка, лежащая на звене к которой приложена сила F. Разделим все на dt:
FiVDicos(Fi, VDi) = 0
Для равновесия твердых тел необходимо и достаточно, чтобы мощность всех действующих на систему сил равнялась нулю. P = F2VS2cos = F2(PVS2)Vcos .
План ускорений
План скоростей
Рычаг Жуковского
MИ2 = FМИ2 ℓBC, FMИ2 = MИ2/ℓBC,
Момент на рычаге Жуковского:
V(Fур(ab) +FMИ2(bc)–G2h1–FИ2h2–(FC+FИ3)pVc)=0,
Fур= (–FМИ2bc+G2h1+FИ2h2 +(FC+FИ3)pVc)/ab
Уравновешивание рычажных механизмов
Метод замещающих масс:
Сместим центр масс звена АВ в точку А путем некоторого противовеса у точки А. Тоже самое проделываем для звена CD.
1)m1 + m2+ m3 + m4 = M
2) mixi = 0
3) miyi = 0
Выше написанное является условием смещения центра масс.
4) mi(xi2+yi2)=Js
Для второго звена: mB2a = mC2b –статические моменты,
mB2(a+b) = mC2b, mC2 = mb/(a+b), mC2=m2a/(a+b).
Для третьего звена:
mC3 = m3d/(c+d), mD3 = m3c/(c+d)
Рассмотрим равновесие первого звена:
mB2AB = mдоп1AA, mдоп1=mB2AB/AA, (mC2+mC3)CD = mдоп2DD, mдоп2 = (mС2+mС3)CD/DD, (mB2+mдоп1)ASцмм = (mC2+mC3+mD+mдоп2)DSцмм, mAAD = (mA+mD)SD, SD = ADMA/(mA+mD)
Уравнение удовлетворяет трем условиям: сумма по оси x и y = 0, сумма всех масс = общей массе.
Уравновешивание роторных систем
При наличии неуравновешенности вращающихся звеньев возникают значительные по величине и меняющиеся по направлению центробежные силы инерции. Они отрицательно влияют на опоры, являясь источником вибраций, вызывают изгиб ротора. При статической неуравновешенности ротора необходимо сместить центр масс в начало координат. Силы инерции при этом будут следующие –mr2ℓ=Fц, ℓ–искомое расстояние, Fц – центробежная сила.
Вводим соответствующую корректировочную массу (mk):
m1r12+m2r22+m3r32+mkrk2=0,
где ri– расстояние от оси вращения до массы.
В этом роторе главный вектор дисбалансов равен нулю. При моментной неуравновешенности ротора (главная центральная ось инерции ротора не параллельна оси ротора, но пересекает ее в центре масс ротора) вычисляется главный момент дисбалансов ротора MD = mi[ℓi ei], где ei –эксцентриситеты – радиус-векторы центров заданных масс относительно оси ротора. Вводим две дополнительных плоскости и подбираем уравновешивающую массу в каждой плоскости.
Определение КПД механизмов. Мгновенный и цикловой КПД. КПД последовательных и параллельных соединений механизмов
Силы, действующие на механизм могут быть движущими и силами сопротивления. Движущие силы – это такие силы, которые осуществляют положительную работу (угол между направлением звена и направлением силы <90). Силы сопротивления можно разделить на две категории: 1)силы полезного сопротивления (Fпс) – это те силы, которые надо преодолевать при полезной работе 2)силы вредного сопротивления (силы трения) Fвс = Fтр , т.к. они рассеивают энергию. КПД – это мера эффективности механизма, определяемая отношением полезной работы к подведенной при его работе (полной), т.е. =Aпс (полезного сопротивления)/Aдв (движущие силы), т.к.
Aдс=Асп+Асв, то =(Адс–Асв)/Адс = 1–Асв/Адс = 1–,
где – коэффициент потерь. При циклические движении механизма за один оборот повторяются технические и кинематические характеристики. –цикловой КПД. Мгновенный КПД равен отношению мгновенных мощностей и этот КПД меняет в течении цикла свои значения: =Pпс/Pдв. При последовательно соединенных механизмах общий КПД равен произведению КПД всех механизмов и применение механизма с низким КПД не выгодно. При параллельном соединении механизмов
Ai=Aдсii, = Ai/Aдс=ii,
при этом один из механизмов будет с малым КПД.
Динамическое исследование механизмов
Определение истинного движения начального звена механизма с учетом всех сил, действующих на механизм.
Основная задача: 1=1(), вспомогательная задача:
=(max–min)/ср > []
mx=Fx, my=Fy, J=M
Jпрср2/2=T =(miVSi2/2+JSii2/2),
Mпр– приведенный момент, Jпр – приведенный момент инерции, Т – кинетическая энергия.
Jпр= 2/ср2 (miVSi2/2 + JSii2/2), Jпр=(mi(VSi /ср)2+JSi(i /)2), V=S – скорость с аналогом скорости,
A=S2 – ускорение с аналогом ускорения. Определим момент сил, действующих на звено приведения:
Mпрср=(FiVSi(cos)+Mii), Мпр=1/ср(FiVSi(cos)+Mii)= (FiVSicos /ср+Mi(i/ср).
Определение момента инерции маховика методом профессора Мерцалова
TMM+T–T0=A,
где TMM– кинетическая энергия массовых масс, равная
TMM=Tmax–TЗВconst,
где Tmax– кинетическая энергия маховика, TЗВconst – кинетическая энергия звеньевых констант.
TMM=(A+T0–T)max (при max)–(A+T0–T)min (при min). Т.к. Т0 =const, то: JMM/2(2max–2min)=(A–T)max–(A–T)min, JMM/2(max+min)(max–min)= (A–T)max–(A–T)min, JMM2ср[] =(A–T)max–(A–T)min, JMM = [(A–T)max–(A–T)min] / []ср2, Jmax = JMM –JЗВconst.
Этот момент считается приблизительно, т.к. мы среднее значение определяем грубо (не точно) – по графику.
Определение момента инерции маховика методом Виттенбауэра (метод энергомасс)
Tg min=yT/xy, т.к. T=yTT, а Jпр=хyy, то tgmin =(T/T)/(Jпр/y)=Ty/(JпрТ).
Перенеся масштабные коэффициенты в левую часть получим:
tg T/y=T/Jпр = Jпр(2min/2)/Jпр = min2/2, т.е. 2min=2T/y tgmin (1).
По этому графику можно определять момент инерции маховика:
ср=(max+min)/2 (2), =(max–min)/ср (3).
Из формулы (3) получаем max=ср+min. Из формулы (2) получаем: min=2ср–max. Подставив max в это выражение получаем:
max = ср+2ср+max, = ср(1+/2)
min = ср(1–/2).
Подставив полученное в выражение (1), получим:
max2=ср2(1++2/4) ср(1+), 2min = ср2(1–+2/4)2ср(1–), т.к. –
малая величина, то 2/4 будет еще меньше, следовательно, ей можно пренебречь, тогда:
ср2(1+)=2T/y tgmax
2ср(1–)=2T/y tgmin.
Типы и виды механизмов с высшими кинематическими парами
Среди механизмов с высшими кинематическими парами наибольшее распространение получили зубчатые, кулачковые, фрикционные, мальтийские и храповые механизмы.
В зубчатых передачах различают внешнее, внутренне и реечное зацепление. В зависимости от расположения осей могут быть с параллельными осями (цилиндрические), с пересекающимися осями (конические) и со скрещивающимися осями или гиперболоидные передачи (винтовые, червячные).
В кулачковых механизмах высшая пара образована звеньями, называемыми кулачок и толкатель (звено 1 и 2). Замыкание силовое, с помощью пружины. Форма входного звена – кулачка определяет закон движения выходного звена – толкателя.
90>