tus12 (Практические занятия по теории управления), страница 2
Описание файла
Файл "tus12" внутри архива находится в папке "Практические занятия по теории управления". PDF-файл из архива "Практические занятия по теории управления", который расположен в категории "". Всё это находится в предмете "теория автоматического управления (тау)" из 7 семестр, которые можно найти в файловом архиве МАИ. Не смотря на прямую связь этого архива с МАИ, его также можно найти и в других разделах. Архив можно найти в разделе "лекции и семинары", в предмете "теория автоматического управления (тау)" в общих файлах.
Просмотр PDF-файла онлайн
Текст 2 страницы из PDF
Анализ выходных процессовПОСТАНОВКА ЗАДАЧИПусть заданы: g 1 k а) входной сигнал g k ; g k rб) многомерная линейная дискретная стационарная система,описывается уравнением состоянияповедение которойx k 1 A x k B g k и уравнением выходаy k C x k ,где x – n -мерный вектор состояния, y – m -мерный вектор выхода; A , B ,C – матрицыразмера n n , n r , m n соответственно;в) начальное условиеx 0 x 0 ,где x 0 x10 , , x n0 T – начальное состояние.Требуется найти законы изменения векторов состояния x k и выхода y k .АЛГОРИТМ РЕШЕНИЯ ЗАДАЧИ1.
Найти изображение входного сигнала:G z Z g k .2. Найти матрицы zE A , C zE A 1Wxz zE A 1 B ,1и передаточные функции:Wyz C zE A 1 B .3. Определить изображение законов изменения векторов состояния и выхода:x GX z zE A 1 z x 0 Wz,z X вын ( z )X c (z )y GY z C zE A z x 0 Wz .z 1Yc ( z )Y вын ( z )4. Найти законы изменения векторов состояния и выхода, используя обратное Z преобразование:9x k Z 1 X z x c (k ) x вын (k ) ,y k Z 1 Y z yc (k ) y вын (k ) .Пример 7.
Найти законы изменения векторов состояния и выхода многомернойдинамической системы: x1 k 1 1 1 x1 k 1 g k , x 2 k 1 2 0 x 2 k 1 x k y k 1 1 1 x 2 k при входном сигнале g k 3k и начальных условиях x1 0 3 , x 2 0 0 .1. Найдем изображение входного сигнала:zG z Z g k .z 3 1 1 1 , B , C 1 1 ,2.
Найдем передаточные функции. Так как A 2 0 13x 0 , то0zE A 1z 1 1 z 2C zE A 1 Wx12z z 2Wy1 z ;z z 2 2 z 1121z2 z 2z 2z zE A 1 B11 z 2 z 11 1 z 2 11 1 ,z 11 1 z z 2 z 2 2 z 1 11 z 1 1 1 ,z 2 z 2 z 1 z 2 1 1z C zE A 1 B111 1 0 .z 1 13. Определим изображение законов изменения векторов состояния и выхода:10X z 1 z zz 2 z 2 2 z 11 1 z 2 z 3 1zY z 1 1 z3 3z z 0 z 2 1 z 3 z 1 z 2 6 3z 2z;1223zzzz6zz z 1 z 2 z 2 z 3 11 1 zz 133z .0 z 14.
Найдем законы изменения векторов состояния и выхода: 2 1111 zz 3z 3 z 1 3 z 2 z 2 z 3 X z 111 zz 1 6z 3 z 1 3 z 2 z 2 z 3zzzz z z 1223zzzz.zzzz 2 2z 1z 2 z 2 z 3 zzиzнужно использовать формулы 2 , 7 из табл. 6.1 и, вz 1z 2силу наличия множителя z , формулу. ПолучаемДля дробей z z z kZ 1 (1)k (k ) , Z 1 2 (k ) ,z1z2(0) 1, (0) 1 , zzzz z z z z zz12z2z3.X (z ) zzz2z 1 z 2 z 3Отсюда по формулам Z f k 1 z F z f 0 и 7 из табл. 6.1 имеем (1)k 1 2 k 1 2 k 3k (1)k 2 k 3k x (k ) kkk 2 (1)k 2 k 3k ,2(1)23 y k 3 1k .Пример 8.
Найти законы изменения векторов состояния и выхода многомернойдинамической системы:x1 k 1 4 x1 k x 2 k g k ,x 2 k 1 x1 k 2 x 2 k ,y k x1 k x 2 k 11при входном сигнале g k 1 и начальных условиях x1 0 1. Найдем изображение входного сигнала:G z Z 1 39, x 2 0 .44z.z 1 4 11 , B , C 1 1 ,2. Найдем передаточные функции.
Так как A 1 2 03 x 0 4 , получаем9 4zE A 11 z 4 1z21C zE A Wx1z 32yz 32 z 3z zE A 1 BW11z 32z C zE A 1 B11z 32z 2 1 ;1z4z 2 1 z 4 1 1 1 (z 3) 1 1 1 ;z 3 z 2 1 1 1 z 4 0 z 32 1 z 2 ; 1 11 1 1 1 .z 3z 303. Определим изображение законов изменения векторов состояния и выхода:3 z 2 zz 2 1 4 11 z X z z 32 1 z 4 9 z 32 1 z 14 z z 2 3z52z4 z 3 z 1 zz 32 9 z 33 4 z 32 z 1 4X c z X вын z 3 4 z9 4 z12z2 32z2 32 15zz22z 4 z 32 z 32 z 1 z 32 z 1 ;z33z4 z 32 z 32 z 11 1 1 zY z z 33 1 z3zz 4 . 2z3z1z39 z 3 z 1 4Y c z Y вынв z 4.
Найдем законы изменения векторов состояния и выхода.Воспользуемся разложениями:1z 1 z 31z 32 z 11111, 2 z 1 2 z 3111111. 4 z 3 2 z 32 4 z 1Тогда23z15 z 4 (z 3) 24 (z 3) 2 X (z ) 29z33z 2 4 (z 3) 24z 3) (X c (z )2 11z1zz1z z z 1 z z 4z 1 2 z 3 (z 3) 2 2 z 1 z 3 2 (z 3) 2 4;1z1z1z 24z324z1(z3)X вын ( z )Y z 3z1z1z. 2 z 3 2 z 1 2 z 3По формулам 1, 7, 8 из табл.
6.1 и Z f k 1 z F z f 0 получаем153k 3 k 1 k 1 3k 4x k 4339 k 1 3k k 1 k344xc (k )11 1 1 k 1 1 k 1 3k 3k k 3k 1 32 4 22 4111 3 k k 3 k 1 424xвын (k )13353111 11 3 k 3k 3k k 3k 3k k 3k 3k 3k 3k 444224 23 4911111 9 3k k 3k k 3k 3k k 3k464 4441 k 1 3 k 3k 34 ,11 2 3k k 3k 3414y k 13 k 1 1 k3 3 3k .22 22.