хз-1 (Пример первого типового расчёта)
Описание файла
Файл "хз-1" внутри архива находится в папке "primer-1-tr". Документ из архива "Пример первого типового расчёта", который расположен в категории "". Всё это находится в предмете "теоретические основы электротехники (тоэ)" из 3 семестр, которые можно найти в файловом архиве НИУ «МЭИ» . Не смотря на прямую связь этого архива с НИУ «МЭИ» , его также можно найти и в других разделах. Архив можно найти в разделе "остальное", в предмете "теоретические основы электротехники (тоэ)" в общих файлах.
Онлайн просмотр документа "хз-1"
Текст из документа "хз-1"
Задание:
-
Написать по законам Кирхгофа систему уравнений для определения неизвестных токов и э.д.с. во всех ветвях.
-
Определить неизвестные токи и э.д.с. во всех ветвях методом контурных токов и методом узловых потенциалов.
-
Составить баланс мощности.
-
Определить напряжения, измеряемые вольтметрами.
-
Методом эквивалентного источника найти величину и направление э.д.с., которую надо дополнительно включить во вторую ветвь (где r2 и Е2), чтобы ток в ней увеличился в два раза и изменил свое направление.
-
Определить входную проводимость второй ветви и взаимную проводимость ветвей второй и третьей (где r2 и Е2).
-
Найти уравнения, выражающие зависимость тока в третьей ветви от сопротивления второй ветви при неизменных э.д.с. схемы и неизменном протекающем к ней токе источника.
r1 = 6 Ом
r2 = 4 Ом
r3 = 5 Ом
r4 = 4 Ом
r5 = 5 Ом
r6 = 8 Ом
r7 = 3 Ом
r8 = 2 Ом
Е1 – ?
Е2 = 40 В
Е3 = 30 В
Е4 = 20 В
Е5 = 50 В
Е6 = 20 В
J = 4 A
I1 = 2 A
1
I7
.
I3
I4
I5
![](/z.php?f=/uploads/unziped/real/6077/doc/3494/3494-37441_html_cdcf6ae8372abf08.gif)
I2
E2
У = 5, В = 7
Выбираем положительное направление тока.
Уравнения по I-у закону Кирхгофа:
У2 : I1 – I4 – I7 = 0 (1)
У3 : I4 + I3 – I2 = 0 (2)
У4 : I7 – I3 + I5 – J = 0 (3)
У5 : J – I8 – I5 = 0 (4)
B – ( J – 1) = 7 – (5-1) = 3 (по II-у закону Кирхгофа)
Контур I-I : – I1∙ r1 – I4∙ r4 – I2 ∙ r2 = – E1 – E4 – E2 (5)
Контур II-II : I4∙ r4 – I7 ∙ r7 – I3 ∙ r3 = E4 – E3 (6)
Контур III-III : I2 ∙ r2 + I3 ∙ r3 + I5 ∙ r5 – I8 ∙ r8 = – E1 – E4 – E2 (7)
2. Определим неизвестные токи и э.д.с. во всех ветвях методом контурных токов
В =7, У = 5, В – (У – 1) = 7 – (5 – 1) = 3
Составим три уравнения по методу контурных токов.
А) Замкнем путь источника тока от узла 4 до узла 5.
Рис. 2
В схеме рис.2 ветвь 5 стала нереальной.
Выбираем контурные токи и обозначим их как I11, I22, I33
Составим уравнения связи:
I1 = – I11 = 2 A (по условию)
I2 = – I11 + I33
I3 = I33 – I22
I4 = – I11 + I22
I5 = I33 + J
I7 = – I22
I8 = – I33
Составим уравнения по методу контурных токов (МКТ):
Контур I-I : I11 ∙ ( r1 + r2 + r4) – I33 ∙ r2 – I22 ∙ r4 = – E1 + E4 – E2 (1)
Контур II-II : I22 ∙ ( r3 + r4 + r7) – I11 ∙ r4 – I33 ∙ r3 = E4 + E3 (2)
Контур III-III : I33 ∙ ( r2 + r3 + r5 + r8) – I22 ∙ r3 – I11 ∙ r2 = E2 – E3 – E5 – E5Э (3)
I11 = – 2 A
E1 + I11 ∙ (6+4+4) – I22 ∙ 4 +I33 ∙ 4 = – 40 – 20
– I11∙ 4 + I22∙ (5+4+3) – I33 ∙ 5 = 20 + 30
– I11 ∙ 4 – I22 ∙ 5 + I33 ∙ (4+5+5+2) = 40 – 30 – 50 – 4 ∙ 5
1∙ E1 – 4 ∙ I22 – 4 ∙ I33 = –32
0∙ E1 + 12 ∙ I22 – 5 ∙ I33 = 42
0∙ E1 – 5 ∙ I22 + 16 ∙ I33 = –68
Воспользуемся прикладной программой MathCad 2001 Rus для решения системы уравнений:
E1 = -38.563 B
I22 = 1.988 A
I33 = -3.629 A
По уравнениям связи:
I1 = – I11 = 2 A
I2 = – I11 + I33 = 2 + (-3.629) = -1.629 A
I3 = I33 – I22 = -3.629 – 1.988 = -5.617 A
I4 = – I11 + I22 = 2 + 1.988 = 3.988 A
I5 = I33 + J = -3.629 + 4 =0.371 A
I7 = – I22 = -1.988 A
I8 = – I33 = 3.629 A
Б) Метод узловых потенциалов:
Используем схему рис.1. За нулевой потенциал обозначим φ1 : φ1 = 0.
Выбираем узел 1 за базовый. Составим уравнения для остальных 4-х узлов:
У2 : φ2 ∙ (g1 + g4 + g7) – φ4 ∙ g7 – φ3 ∙ g4 – φ1 ∙ g1 = E4 ∙ g4 – E1 ∙ g1
У3 : φ3 ∙ (g2 + g3 + g4) – φ2 ∙ g4 – φ4 ∙ g3 – φ1 ∙ g2 = E3 ∙ g3 – E4 ∙ g4 + E2 ∙ g2
У4 : φ4 ∙ (g3 + g5 + g7) – φ2 ∙ g7 – φ3 ∙ g3 – φ5 ∙ g5 = E5 ∙ g5 – E3 ∙ g3 + J
У5 : φ5 ∙ (g5 + g8) – φ4 ∙ g5 – φ1 ∙ g8 = – E5 ∙ g5 – J
где I1 = (φ2 – φ1 + E1) ∙ g1 → E1 = 12 – φ2
( ) φ2 –
φ4 –
φ3 +
E1 = 20 ∙
(1)
( ) φ3 –
φ2 –
φ4 = 30 ∙
– 20
+ 40 ∙
(2)
( ) φ4 –
φ2 –
φ3 –
φ5 = 50 ∙
- 30 ∙
+ 4 (3)
E1 = 12 – φ2
Воспользуемся прикладной программой MathCad 2001 Rus для решения системы уравнений:
φ2 = 50.563 B
φ3 = 46.515 B
φ4 = 44.599 B
φ5 = -7.257 B
E1 = 12 – φ2 = 12 – 50.563 = -38.563 B
I4 = (φ3 – φ2 + E4) ∙ g4 = (46.515 -50.563+20) ∙ = 3.988 A
I3 = (φ3 – φ4 - E3) ∙ g3 = (46.515-44.599-30) ∙ = -5.617 A
I2 = (φ1 – φ3 + E2) ∙ g2 = (-46.515+40) ∙ = -1.629 A
I7 = (φ4 – φ2) ∙ g7 = (44.599-50.563) ∙ = -1.988 A
I5 = (φ4 – φ5 - E5) ∙ g5 = (44.599+7.257-50) ∙ = 0.371 A
I8 = (φ1 – φ5) ∙ g8 = 7.257 ∙ = 3.629 A
3. Баланс мощностей:
∑Рист = ∑Рпотр
∑Рист = E1 ∙ I1 + E2 ∙ I2 – E3 ∙ I3 + E4 ∙ I4 – E5 ∙ I5 + (φ4 – φ5) ∙ J = 2 ∙ (-38.563) + 40 ∙ (-1.629) – –– 30 ∙ (-5.617) +20 ∙ 3.988 – 50 ∙ 0.371 + 51.856 ∙ 4 = 294.858 Вт
∑Рпотр = I12 ∙ r1 + I22 ∙ r2 + I32 ∙ r3 + I42 ∙ r4 + I52 ∙ r5 + I72 ∙ r7 + I82 ∙ r8 = 24 + (-1.629)2 ∙ 4 +
+ (-5.617)2 ∙ 5 +(3.988)2 ∙ 4 +(0.371)2 ∙ 5 +(-1.988)2 ∙ 3 +(3.629)2 ∙ 2 = 294.868 Вт
4. Найдем напряжения на вольтметрах:
φb = φa т.к. точки заземлены
Найдем φа = φ1 – E1 – I6 ∙ r6 = - E6 = -20 B
U1 = |φ5 – φb| = |φ5 – φa| = |φ5 – E6| = |-7.257+20| =12.743 B
U2 = |φ4 – φ1| = φ4 = 44.599 B
5. Метод эквивалентного источника.
Для того чтобы применить метод эквивалентного источника надо:
– Найти напряжение холостого хода U31Х
– rВХ – входное сопротивление
Рис.3 Упрощенная схема
Н аходим r31ВХ :
Рис.4
Рис.5
Рис. 4 – схема, состоящая из сопротивлений всех ветвей. Для упрощения схемы рис.4 сделаем преобразование из треугольника сопротивлений в звезду
r7, r4, r3 → r1| , r2| , r3|
r31ВХ = r2| + = 1.667 +
= 5.454 Ом
Найдем U31Х :
U31Х = φ3 – φ1
U31Х найдем с помощью МУП:
Пусть φ1=0
У2 : φ2 ∙ (g1 + g4 + g7) – φ4 ∙ g7 – φ3 ∙ g4 = E4 ∙ g4 – E1 ∙ g1
У3 : φ3 ∙ (g3 + g4) – φ2 ∙ g4 – φ4 ∙ g3 = E3 ∙ g3 – E4 ∙ g4
У4 : φ4 ∙ (g3 + g5 + g7) – φ2 ∙ g7 – φ3 ∙ g3 – φ5 ∙ g5 = E5 ∙ g5 – E3 ∙ g3 + J
У5 : φ5 ∙ (g5 + g8) – φ4 ∙ g5 = – E5 ∙ g5 – J
( ) φ2 –
φ4 –
φ3 +
E1 = 20 ∙
(1)
( ) φ3 –
φ2 –
φ4 = 30 ∙
– 20
+ 40 ∙
(2)
( ) φ4 –
φ2 –
φ3 –
φ5 = 50 ∙
- 30 ∙
+ 4 (3)
Воспользуемся прикладной программой MathCad 2001 Rus для решения системы уравнений:
φ2 = 50.563 B
φ3 = 46.515 B
φ4 = 44.599 B
φ5 = -7.257 B
U31X = φ3 – φ1 = φ3 = 46,515 В
Заменим всю остальную схему по отношению ко 2-й ветви источником э.д.с. ЕЭ = |U31X| и сопротивлением rВХ :
Рис. 6
-2I2 ∙ (r2 + r31BX) = EЭКВ - U31Х
EЭКВ = -2I2 ∙ (r2 + r31BX) + U31Х = -2 ∙ (-1.629) ∙ (4+5.454) + 46,515 = 77,316 В
EДОП = E ЭКВ – Е2 = 77,316 – 40 = 37,316
6. Найти g22 и g23
r2|
r4
r3
2
4
3
r1|
r3|
3
r5
r2
r2
2
4
E2
E2
r8
r1
r8
r1
1
1
Рис. 7 Рис.8
Рис.7 – схема для определения проводимости g22. Схему рис.7 упрощаем заменой треугольника сопротивлений в звезду (рис.8).
r7, r4, r3 → r1| , r2| , r3|
rЭ = r2 + r2| + = 4 + 1.667 +
= 7.887 Ом
r34
б
r7
![](/z.php?f=/uploads/unziped/real/6077/doc/3494/3494-37441_html_b8ee826f0bc2e87d.gif)
![](/z.php?f=/uploads/unziped/real/6077/doc/3494/3494-37441_html_b12a82ce309b84b1.gif)
![](/z.php?f=/uploads/unziped/real/6077/doc/3494/3494-37441_html_7bf34358156fe0da.gif)
![](/z.php?f=/uploads/unziped/real/6077/doc/3494/3494-37441_html_63b96621c77b2189.gif)
![](/z.php?f=/uploads/unziped/real/6077/doc/3494/3494-37441_html_3e444c6766fbf899.gif)
r3
E3
3
4
) g23 =![](/z.php?f=/uploads/unziped/real/6077/doc/3494/thumbs/3494-37441_html_c3ab5e019c75ed1f.png)
E3
Рис. 9 Рис.10
Рис.9 – схема для определения взаимной проводимости g23. Для упрощения применим преобразования из звезды сопротивлений в треугольник.
r7, r4, r1 → r34 , r31, r14
r31 = r4 + r1 + = 4 + 6 +
= 18 Ом
r34 = r7 + r4 + = 3 + 4 +
= 9 Ом
r14 = r7 + r1 + = 3 + 6 +
= 13,5 Ом
Ur3 = r3 ∙ I3 = 5 ∙ 7.145 = 35.723 B → U34 = E3 – Ur3 = 30 – 35.723 = -5.723 B
U31 = U34 – U14 = U34 – Ir2r31r14r8r5 ∙ = -5.273 + 0.727 ∙
= -1.922 B
7. Найдем зависимость тока в третьей ветви от сопротивления второй ветви при неизменных э.д.с. схемы
I3 = f(r2)
I3(I2) = a + b∙I2
-
Номинальный режим
-5,617 = a + b∙(-1.629)
2) Режим холостого хода ветви 2 :
Решаем систему уравнений:
-5.617 = a +b∙(-1.629)
4.167 = a + b∙0
a = 4.167
b = 6.006
I3 = 4.167 + 6.006∙I2